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八年级阶段性数学课堂练习(2024.10)
(满分120分,完卷时间100分钟)
一、填空题(本大题共9小题,每空2分,共18分.)
1.在平面镜里看到背后墙上,电子钟示数如图所示,这时时间应是______.
【答案】
【解析】
【分析】在平面镜中的像与现实中的事物恰好顺序颠倒,且关于镜面对称,由此可解.
解:题中所给的“”与“”成轴对称,这时的时间应是.
故答案为:.
【点睛】本题考查镜面反射的原理与性质,解题的关键是掌握轴对称的性质.
2.如图,△ABC≌△DEF,请根据图中提供的信息,写出x=___.
【答案】20
【解析】
【分析】先利用三角形的内角和定理求出,然后根据全等三角形对应边相等解答.
解:如图,,
,
,
即.
故答案为:20.
【点睛】本题考查了全等三角形的性质,根据角度确定出全等三角形的对应边是解题的关键.
3.如图,,要使,需添加的一个条件是__(只添一个).
【答案】(答案不唯一)
【解析】
【分析】本题考查了全等三角形的判定,根据全等三角形的判定方法“边边边,边角边,角边角,角角边,斜边直角边”,结合题意,选择合适的方法进行判定即可求解.
解:已知,
∵,
∴,且,
∴添加,可运用“角边角”证明;
添加,可运用“边角边”证明;
添加,可运用“角角边”证明;
故答案为:(答案不唯一).
4.如图,将一张纸条折叠,若∠1=62°,则∠2的度数为______.
【答案】56°
【解析】
【分析】根据折叠的性质即可得出关于∠2的一元一次方程,解之即可得出结论.
解:根据折叠的性质可知:180°-∠1=∠1+∠2,
即180°-62°=62°+∠2,
解得:∠2=56°.
故答案为:56°.
【点睛】本题考查角的计算以及折叠的性质,解题的关键是明确题意,掌握折叠前后的对应角相等的性质.
5.如图是3×3正方形网格,其中已有4个小方格涂成了黑色.移动其中一个黑色方块到其他无色位置,使得整个图形成为轴对称图形(包括黑色部分),你有______种不同的移法.
【答案】8
【解析】
【分析】本题考查的轴对称图形,根据轴对称的性质只要把其中一个移到的位置能符合轴对称即可.
解:如图随时,一共有8种情况,
故答案为:8.
6.如图,,延长,分别交,于点,,若,,,则________.
【答案】95
【解析】
【分析】根据全等三角形的性质,得∠BAC=∠DAE,结合三角形外角的性质和三角形内角和定理,即可求解.
解:∵,
∴,
∴,
∴,
∴.
故答案为:.
【点睛】本题主要考查全等三角形的性质,三角形外角的性质和三角形内角和定理,熟练掌握上述定理和性质,是解题的关键.
7.如图,在中,边的垂直平分线与边的垂直平分线交于点O,这两条垂直平分线分别交于点D、E,已知的周长为,分别连接、、,若的周长为,则的长为______.
【答案】
【解析】
【分析】本题考查的是线段的垂直平分线的性质,根据线段垂直平分线的性质得到,,,,根据三角形的周长公式计算,得到答案.
解:、分别为、的垂直平分线,
,,,,
∵的周长为,
,
,即,
∵的周长为,
,
,
,
故答案为:6.5.
8.如图所示的方格中,__________度.
【答案】135
【解析】
【分析】本题考查全等三角形的判定和性质,三角形内角和定理,直角三角形的性质等知识.证明,推出,推出,可得结论.
解:由题意得,,
,
由题意得,,,
,
,
,
.
故答案为:135.
9.已知,如图DC平分,DB平分的外角,若,则__________.
【答案】
【解析】
【分析】如图所示,过点D作DG⊥BE交BE延长线于G,DF⊥AB于F,DH⊥AC交CA延长线于H,由角平分线的性质可得DF=DH,证明Rt△AFD≌Rt△AHD得到∠HAD=∠FAD;然后根据角平分线的定义和三角形外角的性质求出∠BAC=2∠BDC=40°,即可得到答案.
解:如图所示,过点D作DG⊥BE交BE延长线于G,DF⊥AB于F,DH⊥AC交CA延长线于H,
∵CD、BD分别是∠ACB和∠ABE的角平分线,
∴DF=DG,DH=DG,
∴DF=DH,
又∵AD=AD,
∴Rt△AFD≌Rt△AHD(HL),
∴∠HAD=∠FAD;
∵CD、BD分别是∠ACB和∠ABE的角平分线,
∴,,
∵∠BAC+∠ACB=∠ABE,∠BDC+∠BCD=∠DBE,
∴∠BAC+2∠BCD=2∠BCD+2∠BDC,
∴∠BAC=2∠BDC=40°,
∴,
故答案为:.
【点睛】本题主要考查了角平分线的性质与定义,全等三角形的性质与判定,三角形外角的性质,熟知角平分线的性质是解题的关键.
二、选择题(本大题共8小题,每小题3分,共24分.)
10.体育精神就是健康向上、不懈奋斗的精神,下列关于体育运动的
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