2002年辽宁卷物理答案.docxVIP

2002年普通高等学校招生全国统一考试(辽宁卷)

15. B【解析】由质子带一个单位正电荷,中子不带电,设质子中u夸克、d夸克个数分别是x、y(x、y取正整数),则x×23+y×−13=1,解得x=2、y=1;设中子中u夸克、d夸克个数分别是m、n(m、n取正整数)，m×23+n×−13=0,解得m=1、n=2,故B正确.

16. C【解析】设碰撞前A球的速度为v0,两个弹性小球发生正碰,当两者速度相同时,弹性势能最大,由动量守恒得mv0=2mv,由机械能守恒得Ep=12mv02−12·2mv2,解得v0=2Epm，故C正确.

17. D【解析】电容器在电路中与等效电源并联,两端电压等于AB端感应电动势,所以当导体棒匀速滑动时,电容器两端电压不变，所以I2=0,电阻R中电流不为零,故AB错误;加速滑动时,电容器两端电压随导体棒速度的增大而增加,电容器持续充电，充电电流不为零，通过电阻的电流也不为零，故C错误D正确.

18. B【解析】由力的图像分析可知，在时间0∼t1内,质点向正方向做加速度增大的加速运动；在时间t1∼t2内,质点向正方向做加速度减小的加速运动；在时间t2∼t3内,质点向正方向做加速度增大的减速运动；在时间t3∼t4内,质点向正方向做加速度减小的减速运动，t4时刻速度为零，因此t2时刻质点的速度最大,故B正确.

19. B【解析】观察门外情况时，作出光路图如图所示,由几何关系得sinα=rr2+l2,由光的折射规律得n=sinθsinα,所以视场角θ=arcsinnrr2+l2，故B正确.

20. D【解析】当变阻器R5滑动触点向a端移动时,变阻器接入电路的电阻减小,电路中的总电阻减小,总电流增大,电源内电压增大,路端电压减小，故电压表测量路端电压示数U减小,R1、R3两端电压随总电流增大而增大,所以外电路并联部分电压减小,通过电流表所在支路的电流I减小，电流I示数减小，故D正确.

26. 1.5×103N.

【解析】将运动员看做质量为m的质点，从ℎ1高处下落，刚接触网时速度的大小为

v1=2gℎ1(向下)①，

弹跳后到达的高度为ℎ2，刚离网时的速度的大小为

v2=2gℎ2(向上)②，

速度的改变量为

Δv=v1+v2(向上)③

以a表示加速度，Δt表示接触时间，则

Δv=aΔt④，

接触过程中运动员受到向上的弹力F和向下的重力mg，由牛顿第二定律得

F−mg=ma⑤，

由以上各式解得

F=mg+m2gℎ2+2gℎ1Δt⑥，

代入数值得F=1.5×103N⑦.

27. 1r2mUetanθ2.

【解析】电子在磁场中沿圆弧ab运动，圆心为C，半径为R，以v表示电子进入磁场时的速度，m、e分别表示电子的质量和电量，在加速电场中运动时，由动能定理得

eU=12mv2①，

由洛伦兹力提供向心力得

evB=mv2R②，

由几何关系得tanθ2=rR③，

由以上各式解得

B=1r2mUetanθ2④

29. Ⅰ.(1)见解析；(2)见解析.

【解析】Ⅰ.(1)②称出活塞和钩码框架的总质量M；

⑤将注射器针筒上的小孔用橡皮帽堵住；

(2)由题意知，活塞的横截面积为

S=VmL①，

由力学平衡条件得

p1=p0+(M+m1)gS②，

p2=p0+(M+m2)gS③，

由玻意耳定律得

p1V1=p2V2④,

联立解得大气压强

p0=LgVmm2V2−m1V1V1−V2−M⑤.

Ⅱ.(1)2NH4Cl+Ca(OH)2̿△2NH3↑+CaCl2+2H2O；

(2)向下排空气；碱石灰；

(3)打开止水夹，挤岀胶头滴管中的水；

氨气极易溶解于水，致使烧瓶内气体通迅速减小.

(4)打开夹子，用手(或热毛巾等)将烧瓶捂热，氨气受热膨胀，赶出玻璃导管内的空气，氨气与水接触，即发生喷泉.

30. 6.8×10−2J.

【解析】图1中虚线表示A、B球原来的平衡位置，实线表示烧断后重新达到平衡的位置，其中α、β分别表示细线OA、AB与竖直方向的夹角.

A球受力如图2所示，重力mg，竖直向下；电场力qE，水平向左；细线OA对A的拉力T1，方向如图所示；细线AB对A的拉力T2，方向如图，由平衡条件得

T1sinα+T2sinβ=qE①，

T1cosα=mg+T2cosβ②，

B球受力如图3所示，重力mg，竖直向下，电场力qE，水平向右，细线AB对B的拉力T2，方向如图所示，由平衡条件得

T2sinβ=qE③，

T2cosβ=mg④，

联立以上各式并代入数据，得

α=0⑤，

β=45°⑥，

由此可知，A、B球重新达到平衡的位置如图4所示，与原来位置相比，A球的重力势能减少了

EA=mgl(1−sin60°)⑦，

B球的重力势能