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山东省青岛市第十七中学2025届高三物理上学期10月阶段性检测试题（含解析）

本试卷分第I卷（选择题）和第II卷（非选择题）两部分，考试时间90分钟，满分100分。

第I卷（选择题共40分）

一、单项选择题：本题共8小题，每小题3分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1.“天津之眼”是一座跨河建设、桥轮合一的摩天轮，是天津市的地标之一、摩天轮悬挂透亮座舱，乘客随座舱在竖直面内做匀速圆周运动。下列叙述正确的是（）

A.从最低点到最高点，乘客的机械能守恒

B.从最低点到最高点，乘客先超重再失重

C.从最低点到最高点，乘客受合力冲量为零

D.从最低点到最高点，乘客受合力做功不为零

【答案】B

【解析】

【详解】A．机械能等于重力势能与动能之和，摩天轮运动过程中做匀速圆周运动，乘客的速度大小不变，则动能不变，但高度变更，重力势能变更，因此机械能不守恒，A错误；

B．圆周运动过程中，从最低点到与圆心等高的位置，向心加速度有竖直向上的重量，则乘客超重；从圆心等高位置到最高点，向心加速度由竖直向下的重量，则乘客失重，B正确；

C．从最低点到最高点，乘客动量的方向不断变更，则合外力的冲量不为零，C错误；

D．从最低点到最高点，乘客的动能不变，则合力做功为零，D错误；

故选B。

2.如图，质量为m的小猴子在荡秋千，大猴子用水平力F缓慢将秋千拉到图示位置后由静止释放，此时藤条与竖直方向夹角为θ，小猴子到藤条悬点的长度为L，忽视藤条的质量．在此过程中正确的是()

A.缓慢上拉过程中拉力F做的功WF＝FLsinθ

B.缓慢上拉过程中小猴子重力势能增加mgLcosθ

C.小猴子再次回到最低点时重力的功率为零

D.由静止释放到最低点小猴子重力的功率渐渐增大

【答案】C

【解析】

【详解】A．缓慢上拉过程中，小猴处于平衡状态，故拉力是变力，依据动能定理，有：

W-mgL（1-cosθ）=0，

故

W=mgL（1-cosθ），

故A错误；

B．缓慢上拉过程中小猴子重力势能增加等于克服重力做功，故为mgL（1-cosθ），故B错误；

C．小猴子再次回到最低点时重力方向与速度方向垂直，故重力的瞬时功率为零，故C正确；

D．刚刚释放时，速度为零，故重力的功率为零，最低点重力与速度垂直，功率也为零，故由静止释放到最低点小猴子重力的功领先增加后减小，故D错误；

【点睛】本题考查了平衡条件、动能定理的综合运用，知道从A到B的过程中，因拉力F是变力，不能通过功的公式求解拉力做功的大小，需通过动能定理进行求解．

3.质量为m的物块甲以3m/s的速度在光滑水平面上运动，有一轻弹簧固定其上，另一质量也为m的物体乙以4m/s的速度与甲相向运动，如图所示，则（）

A.甲、乙两物块弹簧压缩过程中，由于弹力作用，系统动量不守恒

B.当两物块相距最近时，甲物块的速率为零

C.当甲物块的速率为1m/s时，乙物块的速率可能为2m/s，也可能为0

D.甲物块的速率可能达到6m/s

【答案】C

【解析】

【详解】A．甲、乙两物块（包括弹簧）组成的系统在弹簧压缩过程中，系统所受的合外力为零，系统动量守恒，故A错误；

B．当两物块相距最近时速度相同，取碰撞前乙的速度方向为正方向，设共同速率为v，由动量守恒定律得

mv乙-mv甲=2mv

代入数据解得

v=0.5m/s

故B错误；

C．甲、乙组成的系统动量守恒，若物块甲的速率为1m/s，方向与原来相同，由动量守恒定律得

mv乙-mv甲=-mv甲′+m乙v乙′

代入数据解得

v乙′=2m/s

若物块甲的速率为1m/s，方向与原来相反，由动量守恒定律得

mv乙-mv甲=mv甲′+m乙v乙′

代入数据解得

v乙′=0

故C正确；

D．当弹簧复原原长时，甲的速度最大，依据动量守恒和能量守恒有

mv乙-mv甲=mv1+mv2

代入数据解得甲的最大速度

v1=4m/s

故D错误。

故选C。

4.“蛟龙号”是我国首台自主研制的作业型深海载人潜水器，它是目前世界上下潜实力最强的潜水器．假设某次海试活动中，“蛟龙号”完成海底任务后竖直上浮，从上浮速度为v时起先计时，此后“蛟龙号”匀减速上浮，经过时间t，上浮到海面，速度恰好减为零．则“蚊龙号”在时刻距离海平面的深度为（）

A. B. C. D.

【答案】D

【解析】

【详解】蛟龙号上浮时的加速度大小为：

依据逆向思维，可知蛟龙号在t0时刻距离海平面的深度为：

；

A．，与结论不相符，选项A错误；

B．，与结论不相符，选项B错误；

C．，与结论不相符，选项C错误；

D．，与结论相符，选项D正确；

5.如图所示，ACB是一光滑的、足够长的、固定在竖直平面内的“∧”形框架，其中CA、CB边与竖直方