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永州市2024年高考第三次模拟考试
数学试卷
注意事项:
1.本试卷共150分,考试时量120分钟.
2.全部答案在答题卡上完成,答在本试题卷上无效.
3.考试结束后,只交答题卡.
一、选择题:本题共8小题,每小题5分,共40分.在每小圆给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.
1.已知集合,,则()
A. B. C. D.
【答案】A
【解析】
【分析】先化简集合,再根据集合的交集定义求解即可.
【详解】因为,
,
所以.
故选:A
2.样本数据16,24,14,10,20,15,12,14的上四分位数为()
A.14 B.15 C.16 D.18
【答案】D
【解析】
【分析】根据题意,由百分位数的计算公式,代入计算,即可得到结果.
【详解】将数据从小到大排序可得,共8个样本数据,
则上四分位数即第百分位数为,即为.
故选:D
3.已知非零数列满足,则()
A.8 B.16 C.32 D.64
【答案】D
【解析】
【分析】根据题意,由条件可得,再由等比数列的定义即可得到结果.
【详解】由可得,则.
故选:D
4.的展开式中第四项的系数为540,则的值为()
A. B. C. D.
【答案】C
【解析】
【分析】根据二项式的展开式的通项公式可得,求得,再根据余弦的二倍角公式,结合齐次弦化切即可求解.
【详解】因为的展开式中第四项为,
所以,解得,
所以.
故选:C
5.为迎接2024年在永州举行的中国龙舟公开赛,一位热情好客的永州市民准备将9份一样的永州特产分给甲、乙、丙三名幸运观众,若每人至少分得一份,且甲、乙两人分得的份数不相同,则不同的分法总数为()
A.26 B.25 C.24 D.23
【答案】C
【解析】
【分析】用插板法求得将9份一样的永州特产分给甲、乙、丙三名幸运观众,每人至少分得一份的分法总数,再减去甲、乙两人分得的份数相同的分法总数,即可求解.
【详解】将9份一样永州特产分给甲、乙、丙三名幸运观众,每人至少分得一份,有种分法,
而甲、乙两人分得的份数相同,可以都是1份,2份,3份,4份共4种分法,
所以每人至少分得一份,且甲、乙两人分得的份数不相同,则不同的分法总数为种.
故选:C
6.在中,,,,,则的最小值为()
A B. C. D.
【答案】A
【解析】
【分析】以为坐标原点,所在直线为x轴,过垂直BC的直线为轴建立如图所示的平面直角坐标系,求得点的轨迹方程,取的中点为,求得的轨迹方程,数形结合可求.
【详解】由题意,以为坐标原点,所在直线为x轴,过垂直的直线为轴建立如图所示的平面直角坐标系,
则,,由,可得是以为直径的圆,
所以的轨迹方程为,
取的中点为,设,
可得,所以,所以,
所以点的轨迹方程为,圆心为,半径为,
由,所以,所以,
所以,
所以.
故选:A.
7.已知函数,其中是自然对数的底数.若,则实数的取值范围是()
A. B. C. D.
【答案】C
【解析】
【分析】求导后结合基本不等式可得在上单调递增,令g,从而可得在上单调递增,且为奇函数,从而可化为,求解即可.
【详解】,
在上单调递增.
令,在上单调递增,
因为,所以为奇函数,
则化为
所以,解得,
.
故选:C
8.已知,分别是双曲线的左、右焦点,点为坐标原点,过的直线分别交双曲线左、右两支于,两点,点在轴上,,平分,其中一条渐近线与线段交于点,则()
A. B. C. D.
【答案】B
【解析】
【分析】由可得,结合角平分线的性质和双曲线的定义可得,从而可得,在中,由余弦定理可得,进而可得,而,从而可求解.
【详解】
如图,,,,
设,则,
平分,
,,
由双曲线定义可知,
,即,
在中,由余弦定理知
化简得,由得,
不妨令一条渐近线与线段的交点在第一象限,则,.
故选:B
【点睛】关键点点睛:这道题的关键是由可得,结合角平分线的性质和双曲线的定义可得,从而可得.
二、多项选择题:本题共3小题,每小题6分,共18分,在每小题给出的选项中,有多项符合题目要求,全部选对的得6分,部分选对的得部分分,有选错的得0分.
9.下列说法正确的是()
A.已知随机变量,若,则
B.设,,则“”成立的充要条件是“”
C.已知,,则
D.若,,,则事件与相互独立
【答案】A
【解析】
【分析】根据正态分布性质判断A;当,时,可验证B错误;由条件概率公式判断C;由相互独立定义验证D.
【详解】对于A,随机变量服从正态分布,且对称轴为,
因为,所以,
故,故A正确;
对于B,当时,,当时,,
此时成立,但
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