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顺义区2023—2024学年第一学期期末质量监测
高二数学试卷
考生须知
1.本试卷共6页,共两部分,21道小题,满分150分.考试时间120分钟.
2.在答题卡上准确填写学校、姓名、班级和教育ID号.
3.试题答案一律填涂或书写在答题卡上,在试卷上作答无效.
4.在答题卡上,选择题用2B铅笔作答,其他试题用黑色字迹签字笔作答.
5.考试结束后,请将答题卡上交.
第一部分(选择题共40分)
一、选择题(本题共10小题,每小题4分,共40分,在每小题列出的四个选项中,选出符合题目要求的一项.)
1.直线l:的倾斜角为()
A. B. C. D.
【答案】B
【解析】
【分析】根据斜率即可求解倾斜角.
【详解】直线的斜率为1,故倾斜角为,
故选:B
2.在空间直角坐标系中,已知点,若向量,则点B的坐标是()
A. B. C. D.
【答案】C
【解析】
【分析】设,从而得到方程组,求出,得到答案.
【详解】设,则,
故,解得,
所以点坐标为
故选:C
3.圆:与圆:的位置关系是()
A.外离 B.外切 C.相交 D.内切
【答案】A
【解析】
分析】根据圆心距大于半径之和,得到位置关系.
【详解】圆:的圆心为,半径为1,
圆:的圆心为,半径为3,
圆心距,故两圆外离.
故选:A
4.在数列中,,且,则等于()
A.4 B.6 C.8 D.16
【答案】C
【解析】
【分析】根据条件得到为公比为2的等比数列,从而求出答案.
【详解】因为,,所以为公比为2的等比数列,
所以.
故选:C
5.在长方体中,,,,则点D到平面的距离为()
A.1 B.3 C. D.
【答案】D
【解析】
【分析】建立适当的空间直角坐标系,求出平面的法向量为,以及,由公式即可得解.
【详解】由题意,以为原点,分别为轴所在直线建立如图所示的空间直角坐标系:
因为,,,
所以,
则,
不妨设平面的法向量为,
所以,不妨令,解得,
即取平面的法向量为,
所以点D到平面距离为.
故选:D.
6.已知双曲线C经过点,其渐近线方程为,则双曲线C的方程为()
A. B.
C. D.
【答案】C
【解析】
【分析】由渐近线方程可设双曲线为且,再由点在双曲线上,将点代入求参数m,即可得双曲线方程.
【详解】由题设,可设双曲线为且,又在双曲线上,
所以,则双曲线的方程是.
故选:C.
7.已知直线:,:.若,则实数()
A.0或 B.0 C. D.或2
【答案】B
【解析】
【分析】根据两直线平行得到方程,求出或,检验后得到答案.
【详解】由题意得,解得或,
当时,直线:,:,满足,
当时,直线:,:,两直线重合,不合要求,舍去,
综上,.
故选:B
8.已知等比数列的首项,公比为q,记(),则“”是“数列为递减数列”的()
A.充要条件 B.充分不必要条件
C.必要不充分条件 D.既不充分也不必要条件
【答案】C
【解析】
【分析】根据等比数列的通项公式,结合等差数列的前项和公式、充分性和必要性的定义进行判断即可.
【详解】由题意,,
,
当时,对于不一定恒成立,例如;
当为递减数列时,且对于恒成立,
又因为,所以得,
因此“”是“数列为递减数列”的必要不充分条件,
故选:C.
9.《周髀算经》中有这样一个问题:从冬至日起,依次有小寒、大寒、立春、雨水惊蛰、春分、清明、谷雨、立夏、小满、芒种这十二个节气.立竿测影,得其最短日影长依次成等差数列,若冬至、立春、春分日影长之和为31.5尺,春分日影长为7.5尺,则这十二个节气中后六个(春分至芒种)日影长之和为()
A.8.5尺 B.30尺 C.66尺 D.96尺
【答案】B
【解析】
【分析】利用等差数列基本量列方程组、方程求解.
【详解】设这个等差数列为,公差为,首项为冬至日最短日影长,根据题意有
即,解得
所以.
故选:B
10.如图,在正方体中,E是棱上的动点,则下列结论正确的是()
A.直线与所成角的范围是
B.直线与平面所成角的最大值为
C.二面角的大小不确定
D.直线与平面不垂直
【答案】D
【解析】
【分析】建立适当的空间直角坐标系,对于A,由直线方向向量夹角余弦的范围即可判断;对于B,由线面角正弦值的公式即可判断;对于C,由两平面的法向量夹角余弦即可判断;对于D,由即可判断.
【详解】以为原点,分别为轴建立如图所示的空间直角坐标系:
不妨设正方体棱长为1,,
对于A,,
不妨设直线与所成角为,
所以,
当增大时,分别减小,增大,所以关于单调递减,
所以,所以,故A错误;
对于B,由题意,且显然平面的法向量为,
不妨设直线与平面所成角
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