小题训练计划2公开课教案教学设计课件资料.doc

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一、选择题:本题共8小题,每小题5分,共40分。在每小题给出的四个选项中,只有一项符合题目要求。

1.已知集合,,,,则

A. B. C. D.

2.已知复数满足且有,则

A. B. C. D.

3.已知,均为锐角,且,则的最大值是

A.4 B.2 C. D.

4.为了激发同学们学习数学的热情,某学校开展利用数学知识设计的比赛,其中某位同学利用函数图像的一部分设计了如图的,那么该同学所选的函数最有可能是

A. B.

C. D.

5.如图是古筝鸣箱俯视图,鸣箱有多根弦,每根弦下有一只弦码,弦码又叫雁柱,用于调节音高和传振.图2是根据图1绘制的古筝弦及其弦码简易直观图.在直观图中,每根弦都垂直于轴,左边第一根弦在轴上,相邻两根弦间的距离为1,弦码所在的曲线(又称为雁柱曲线)方程为,第,第0根弦表示与轴重合的弦)根弦分别与雁柱曲线和直线交于点,和,,则

参考数据:.

A.814 B.900 C.914 D.1000

6.表面积为的球内切于圆锥,则该圆锥的表面积的最小值为

A. B. C. D.

7.已知定点,动点在圆上,的垂直平分线交直线于点,若动点的轨迹是双曲线,则的值可以是

A.2 B.3 C.4 D.5

8.设,,,则

A. B. C. D.

二、选择题:本题共3小题,每小题6分,共18分。在每小题给出的四个选项中,有多项符合题目要求。全部选对得6分,部分选对得2分,选错得0分。

9.在空间直角坐标系中,有以下两条公认事实:

(1)过点,,,且以,,为方向向量的空间直线的方程为.

(2)过点,,,且,,为法向量的平面的方程为.

现已知平面,,,,则

A. B. C. D.

10.定义:若数列满足,在实数,对任意,都有,则称是数列的一个上界.现已知为正项递增数列,,下列说法正确的是

A.若有上界,则一定存在最小的上界

B.若有上界,则可能不存在最小的上界

C.若无上界,则对于任意的,均存在,使得

D.若无上界,则存在,当时,恒有

11.已知对任意角,均有公式.设的内角,,满足,面积满足.记,,分别为,,所对的边,则下列式子一定成立的是

A. B.

C. D.

三、填空题:本题共3小题,每小题5分,共15分。

12.在一个圆周上有8个点,用四条既无公共点又无交点的弦连结它们,则连结方式有

种.

13.已知,若,,,,使得,若的最大值为,最小值为,则.

14.已知椭圆,、分别是其左,右焦点,为椭圆上非长轴端点的任意一点,是轴上一点,使得平分.过点作、的垂线,垂足分别为、.则的最大值是.

《2024年高考“最后三十天”训练计划》第四天——名校模拟好卷助攻卷

《小题训练计划》(二)名校模拟

2024年“最后三十天”训练计划名校模拟(二)

参考答案与试题解析

一、选择题:本题共8小题,每小题5分,共40分。在每小题给出的四个选项中,只有一项符合题目要求。

1.已知集合,,,,则

A. B. C. D.

【解析】:当是偶数时,设,则,

当是奇数时,设,则,,

则,则,故选:.

2.已知复数满足且有,则

A. B. C. D.

【解析】:设为虚数单位),由棣莫佛公式可知,

因为,所以,即,

所以,即,因为,

所以,

即,所以,所以,

所以.故选:.

3.已知,均为锐角,且,则的最大值是

A.4 B.2 C. D.

【解析】:,,

,,

,,

,又因为为锐角,所以该方程有解,

△,解得,又为锐角,.

所以的最大值是.故选:.

4.为了激发同学们学习数学的热情,某学校开展利用数学知识设计的比赛,其中某位同学利用函数图像的一部分设计了如图的,那么该同学所选的函数最有可能是

A. B.

C. D.

【解析】:因为函数图象是中心对称图形,所以函数不可能是偶函数,排除,

对于,,函数在上单调递增,不符合题意,故排除;

对于,,

当时,;当,时,,,

在上单调递增,不符合题意,故排除.故选:.

5.如图是古筝鸣箱俯视图,鸣箱有多根弦,每根弦下有一只弦码,弦码又叫雁柱,用于调节音高和传振.图2是根据图1绘制的古筝弦及其弦码简易直观图.在直观图中,每根弦都垂直于轴,左边第一根弦在轴上,相邻两根弦间的距离为1,弦码所在的曲线(又称为雁柱曲线)方程为,第,第0根弦表示与轴重合的弦)根弦分别与雁柱曲线和直线交于点,和,,则

参考数据:.

A.814 B.900 C.914 D.1000

【解析】:根据题意,第根弦分别与雁柱曲线和直线交于点,和,,则,,则有,

设,则,①

则,②

①②可得:;变形可得:,故;故选:.

6.表面积为

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