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高级中学名校试卷
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河南省周口市鹿邑县2023-2024学年高一下学期
6月月考试题
测试模块:必修2
考生注意:
1.本试卷分选择题和非选择题两部分。满分100分,考试时间75分钟。
2.答题前,考生务必用直径0.5毫米黑色墨水签字笔将密封线内项目填写清楚。
3.考生作答时,请将〖答案〗答在答题卡上。选择题每小题选出〖答案〗后,用2B铅笔把答题卡上对应题目的〖答案〗标号涂黑;非选择题请用直径0.5毫米黑色墨水签字笔在答题卡上各题的答题区域内作答,超出答题区域书写的〖答案〗无效,在试题卷、草稿纸上作答无效。
4.本卷命题范围:人教版必修2。
一、选择题:本题共20小题,每小题2.5分,共50分。每小题只有一个选项符合题目要求。
1.利用假说—演绎法,孟德尔发现了分离定律。下列相关叙述错误的是()
A.在亲本正反交实验和F1自交实验的基础上提出问题
B.“生物的性状是由相互融合的遗传因子决定的”属于假说内容
C.孟德尔假说的核心内容之一是“F1产生配子时,成对的遗传因子彼此分离”
D.推测“杂合子F1测交后代的表型比例为1∶1”属于演绎推理内容
〖答案〗B
〖祥解〗孟德尔发现遗传定律用了假说—演绎法,其基本步骤:提出问题→作出假说→演绎推理→实验验证→得出结论。
【详析】A、提出问题是建立在纯合亲本正反交和F1自交两组豌豆遗传实验基础上的,A正确;
B、生物的性状是由遗传因子决定的,遗传因子就像一个个独立的颗粒,既不会相互融合,也不会在传递中消失,B错误;
C、体细胞中的遗传因子成对存在,形成配子时成对的遗传因子彼此分离,分别进入不同的配子中,是孟德尔假说的核心内容之一,C正确;
D、用假设内容推导F1测交后代类型及其比例为1∶1,属于演绎推理,D正确。
故选B。
2.大豆的红花和白花是一对相对性状,长花粉和圆花粉是一对相对性状,控制两对性状的基因位于一对同源染色体上。现有红花长花粉与纯合白花圆花粉植株杂交,F1都是红花长花粉植株。若F1自交少部分植株在产生配子时发生互换,使两条非姐妹染色单体上控制花粉形状的基因发生互换获得F2共100株植株,其中白花圆花粉个体为16株,下列相关叙述正确的是()
A.控制大豆花色和花粉形状的两对基因遵循基因的自由组合定律
B.F1产生的花粉有4种,比例为2∶3∶3∶2
C.F2豌豆植株中红花长花粉植株有2种基因型
D.F2豌豆植株中杂合的白花长花粉植株所占比例为8%
〖答案〗D
〖祥解〗基因自由组合定律的实质是:位于非同源染色体上的非等位基因的分离或自由组合是互不干扰的;在减数分裂过程中,同源染色体上的等位基因彼此分离的同时,非同源染色体上的非等位基因自由组合。
【详析】A、纯合红花长花粉与纯合白花圆花粉植株杂交,F1都是红花长花粉植株,说明F1是双杂合子,F1自交获得F2共100株植株,其中白花圆花粉(双隐性)个体为16株,由于控制两对性状的基因在一对同源染色体上,故不遵循自由组合定律,A错误;
B、设红花基因为A,长花粉基因为B,F2中aabb占16%,则F1产生的配子ab占40%,配子ab与配子AB占的比例相等,为40%,配子Ab和aB占的比例相等,都为10%,B错误;
C、F2豌豆植株中红花长花粉(A-B-)植株有4种基因型,C错误;
D、结合B项,F2豌豆植株中杂合的白花长花粉植株aaBb所占比例为10%×40%×2=8%,D正确。
故选D。
3.果蝇的性别决定方式为XY型,棒眼和圆眼是一对相对性状,由一对等位基因A/a控制,其位于常染色体或X染色体上未知(不考虑XY同源区段)。现用一只棒眼雌果蝇与一只圆眼雄果蝇杂交,F1中棒眼∶圆眼为1∶1。对亲本果蝇进行基因检测后发现亲本雌果蝇和雄果蝇无相同的基因。下列相关叙述错误的是()
A.分析上述实验可知,棒眼为显性性状
B.棒眼和圆眼相关基因位于X染色体上
C.等位基因A/a的产生可能是基因分子结构中发生碱基替换的结果
D.不考虑突变和自然选择,F1随机交配两代后,F3中圆眼的基因频率是1/3
〖答案〗A
〖祥解〗基因分离定律的实质:在杂合子的细胞中,位于一对同源染色体上的等位基因,具有一定的独立性;在减数分裂形成配子的过程中,等位基因随着同源染色体的分开而分离,分别进入两个配子中,独立地随配子遗传给后代。
【详析】AB、亲本棒眼雌果蝇和圆眼雄果蝇杂交,F1中棒眼∶圆眼=1∶1,推测亲本的基因型组合可能是Aa×aa,aa×Aa,XAXa×XaY,XaXa×XAY,由题干可知,亲本雌果蝇和雄果蝇没有相同的基因,因此亲本组合只能是XaXa×XAY,故A/a基因位于X染色体,棒眼为隐性,圆眼为显性,A错误,B正确;
C、A/a这对等位基因的
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