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高级中学名校试卷
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福建省福州市八县(市)协作校2022-2023学年高二下学期
期末联考数学试题
一、单项选择题:本大题共8小题,每小题5分,共40分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.
1.已知集合,,则()
A. B.
C. D.
〖答案〗B
〖解析〗,
因为,所以.
故选:B.
2.若复数z满足,则复数z的虚部为()
A.-I B. C.-1 D.1
〖答案〗C
〖解析〗设,
因为,
所以,
故,
得到,
故选为:C.
3.已知,则()
A. B. C. D.
〖答案〗A
〖解析〗因为,
所以,
.
故选:A
4.南宋数学家杨辉所著的《详析九章算法·商功》中出现了如图所示的形状,后人称之为“三角垛”.“三角垛”的最上层(即第一层)有1个球,第二层有3个球,第三层有6个球,…….若“三角垛”从第一层到第n层的各层的球数构成一个数列,则()
A. B.
C. D.
〖答案〗D
〖解析〗由题意可得:,,,,,
对于A,,故A错误;
对于B,,故B错误;
对于C,,,故C错误;
对于D,,故D错误.
故选:D.
5.已知p:,q:,则p是q的()条件
A.充分不必要 B.必要不充分
C.充分必要 D.既不充分也不必要
〖答案〗D
〖解析〗取,满足,但不成立,故充分性不成立;
取,满足,但不成立,故必要性不成立.
所以p是q的既不充分也不必要条件.
故选:D.
6.已知四边形ABCD是平行四边形,,若EC与BD交于点O,且,则()
A. B. C. D.
〖答案〗A
〖解析〗由题意可知,,所以,
因为三点共线,所以,得.
故选:A
7.设点、分别是椭圆的左、右焦点,点、在上(位于第一象限)且点、关于原点对称,若,,则的离心率为()
A. B. C. D.
〖答案〗B
〖解析〗如下图所示:
由题意可知,为、中点,则四边形为平行四边形,则,
又因为,则四边形为矩形,
设,则,所以,
由勾股定理可得,
所以,该椭圆的离心率为.
故选:B.
8.已知,,,则()
A. B.
C. D.
〖答案〗C
〖解析〗设,
则.
令,
则,
所以函数在上单调递增,所以,即,
所以在上单调递增,所以,
所以,即,
即.
设,
所以,
所以在上单调递增,
所以,
所以,即,即,即.
综上所述,.故选:C.
二、多项选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分.在每小题给出的四个选项中,有多项是符合题目要求的.全部选对的得5分,部分选对的得2分,有选错的得0分.
9.对实数a,b,c,d,下列命题中正确的是()
A.若,则
B.若,,则
C.若,,则
D.若,则的最小值是2
〖答案〗BC
〖解析〗选项A,当,,故选项A错误;
选项B,因为,,所以,由不等式性质知,,故选项B正确;
选项C,,,所以,由不等式性质知,,故选项C正确;
选项D,因为,,当且仅当时取等号,所以等号取不到,选项D错误.
故选:BC.
10.已知圆O:和圆M:相交于A,B两点,点C是圆M上的动点,定点P的坐标为,则下列说法正确的是()
A.圆M的圆心为,半径为1
B.直线AB的方程为
C.线段AB的长为
D.的最大值为6
〖答案〗BCD
〖解析〗选项A,因为圆M的标准方程为,
所以圆心圆心为,半径为1,故选项A错误;
选项B,因为圆O:和圆M:相交于A,B两点,
两圆相减得到,即,故选B正确;
选项C,由选项B知,圆心到直线的距离为,
所以,故选项C正确;
选项D,因为,,所以,又圆的半径为1,
故的最大值为,故选项D正确.
故选项:BCD.
11.已知,函数,下列选项正确的有()
A.若的最小正周期,则
B.当时,函数的图像向右平移个单位长度后得到的图像
C.若在区间上只有一个零点,则的取值范围是
D.若在区间上单调递增,则的取值范围是
〖答案〗AC
〖解析〗选项A,由余弦函数图像与性质,可得,又,所以得,
所以选项A正确;
选项B,当时,可得,
将函数的图象向右平移个单位长度后得
,所以选项B错误;
选项C,若在区间上只有一个零点,由,
得到解得,所以,得到,所以C正确,
选项C,若在区间上单调递增,则,
解得,
又因为,所以只有当时,此不等式有解,即,所以D错误;
故选:AC.
12.在棱长为的正方体中,、分别为、的中点,则()
A.异面直线与所成角的余弦值为
B.过点、、的平面截正方体所得的截面周长为
C.当三棱锥的所有顶点都在球的表面上时,球的体
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