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长沙市2023-2024学年高二下学期期末调研数学试卷
一、单选题
1.已知集合,,则()
A. B. C. D.
【答案】C
【解析】
【分析】解对数不等式化简集合,由集合的交并补混合运算即可得解.
【详解】因为,所以,
因为,所以.
故选:C.
2.“”是“函数在上单调递减”的()
A.充分不必要条件 B.必要不充分条件
C.充要条件 D.既不充分也不必要条件
【答案】A
【解析】
【分析】根据二次函数性质分析可知若函数在上单调递减,等价于,根据包含关系结合充分、必要条件分析求解.
【详解】因为函数的图象开口向上,对称轴为,
若函数在上单调递减,等价于,
显然是的真子集,
所以“”是“函数在上单调递减”的充分不必要条件.
故选:A
3.学生可从本年级开设的7门选修课中往意选择3门,并从5种课外活动小组中选择2种,不同的选法种数是()
A.350 B.700 C.2100 D.4200
【答案】A
【解析】
【分析】根据组合数以及分步乘法计数原理即可求解.
【详解】7门选修课中往意选择3门,共有种选择,
从5种课外活动小组中选择2种,共有种选法,
故总的选法有种,
故选:A
4.福州新港江阴港区地处福建最大海湾兴化湾西北岸,全年全日船泊进出港不受航道及潮水的限制,是迄今为止“我国少有、福建最佳”的天然良港.如图,是港区某个泊位一天中6时到18时的水深变化曲线近似满足函数,据此可知,这段时间水深(单位:m)的最大值为()
A.5 B.6 C.8 D.10
【答案】C
【解析】
【分析】从图象中的最小值入手,求出,进而求出函数的最大值,即为答案.
【详解】从图象可以看出,函数最小值为-2,即当时,函数取得最小值,即,解得:,所以,当时,函数取得最大值,,这段时间水深(单位:m)的最大值为8m.
故选:C
5.已知随机变量,且,则()
A.0.7 B.0.3 C.0.2 D.0.1
【答案】C
【解析】
【分析】根据正态分布的对称性即可求解.
【详解】根据正态曲线的对称性可得,
故选:C
6.某企业生产线上生产的产品的某项指标,且.现从该生产线上随机抽取个产品,记表示的产品个数,则()
A.7 B.9 C.11 D.13
【答案】B
【解析】
【分析】根据正态分布的性质求出,即可得到,再根据二项分布的方差公式计算可得.
【详解】因为,且,
所以,
则,所以.
故选:B
7.若函数在区间上存在最值,则的取值范围是()
A. B. C. D.或
【答案】C
【解析】
【分析】借助导数研究函数单调性即可得其在何处取得最值,即可得解.
【详解】,
则当时,,当时,,
即在上单调递减,在上单调递增,
即在处取得最值,则有,
解得.
故选:C.
8.设,是一个随机试验中的两个事件,且,,,则()
A. B.
C. D.
【答案】C
【解析】
【分析】利用和事件的概率公式和条件概率公式可得.
【详解】因为,,则,
又,即,
所以,故B错误;
,,∴,
∴,故A错误;
,,∴,故C正确.
因为,
,∴,∴,
∴,故D错误.
故选:C.
二、多选题
9.已知a,b,c为实数,则下列命题中正确的是()
A.若,则 B.若,则
C.若,,则 D.若,则
【答案】ACD
【解析】
【分析】根据不等式的性质逐一判断即可.
【详解】对于A,若,则,所以,故A正确;
对于B,当时,若,则,故B错误;
对于C,若,,则,故C正确;
对于D,若,则,故D正确.
故选:ACD.
10.已知,则下列选项正确的有()
A. B.
C. D.
【答案】BD
【解析】
【分析】原式可化为,则其展开式的通项公式为,然后利用赋值法求解即可
【详解】解:由,得
,则
其展开式的通项公式为,
对于A,令,则,所以A错误,
对于B,令,则,所以B正确;
对于C,在中令,则,所以C错误;
对于D,,所以D正确,
故选:BD
11.已知正实数满足(是自然对数的底数,),则()
A. B.
C.的最大值为 D.方程无实数解
【答案】ACD
【解析】
【分析】对于A:由已知可得,代入原方程可判断A;于B:由已知可得,代入原方程可判断B;令,求导,可判断其单调性,进而可求其最大值与值域,可判断CD.
【详解】对于A:由,可得,将代入原方程,
可得,故A正确;
对于B:若,可得,将代入原方程,
得,则,而右边恒大于0,则等式不成立,故B错误;
对于C:令,
则,令,可得,
当时,,所以单调递增,即,
当时,,所以单调递减,即,
所以当时,,
在区间上的值域为,故C正确;
对于D:由上可知在区间上的值
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