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第六节向量法求空间角与距离
1.能用向量方法解决点到直线、点到平面、相互平行的直线、相互平
行的平面的距离问题和简单夹角问题.2.能描述解决这一类问题的程序,体会向量方法在研究几何问题中的
作用.
目录CONTENTS123知识体系构建课时跟踪检测考点分类突破
PART1知识体系构建必备知识系统梳理基础重落实课前自修
1.已知直线l1的方向向量s1=(1,0,1),直线l2的方向向量s2=
(-1,2,-2),则l1和l2夹角的余弦值为()A.B.C.D.?
2.在空间直角坐标系中,已知A(1,-1,0),B(4,3,0),C
(5,4,-1),则A到BC的距离为()A.3B.C.D.
?
???
最小角定理如图,若OA为平面α的一条斜线,O为斜足,OB为OA在平面α内的
射影,OC为平面α内的一条直线,其中θ为OA与OC所成的角,θ1为
OA与OB所成的角,即线面角,θ2为OB与OC所成的角,那么cosθ
=cosθ1cosθ2.
已知AO为平面α的一条斜线,O为斜足,OB为OA在平面α内的射
影,直线OC在平面α内,且∠AOB=∠BOC=45°,则∠AOC的大小
为?.?60°
PART2考点分类突破精选考点典例研析技法重悟通课堂演练
直线与平面所成的角【例1】(2024·全国甲卷18题)如图,在三棱柱ABC-A1B1C1中,
A1C⊥平面ABC,∠ACB=90°,AA1=2,A1到平面BCC1B1的距离
为1.
(1)证明:A1C=AC;解:证明:如图,过A1作A1D⊥CC
1,垂足为D,∵A1C⊥平面ABC,BC?平面ABC,∴A1C⊥BC,又∠ACB=90°,∴AC⊥BC,∵A1C,AC?平面ACC1A1,且A1C∩AC=C,∴BC⊥平面ACC1A1,∵A1D?平面ACC1A1,∴BC⊥A1D,又CC1,BC?平面BCC1B1,且CC1∩BC
=C,∴A1D⊥平面BCC1B1,∴A1D=1.
由已知条件易证△CA1C1是直角三角形,
又CC1=AA1=2,A1D=1,∴D为CC1的中点,又A1D⊥CC1,∴A1C=A1C1,又在三棱柱ABC-A1B1C1中,AC=A1C1,∴A1C=AC.
(2)已知AA1与BB1的距离为2,求AB1与平面BCC1B1所成角
的正弦值.?
?
?
解题技法向量法求直线与平面所成角的2种方法(1)分别求出斜线和它在平面内的射影直线的方向向量,将题目转
化为求两个方向向量的夹角(或其补角);(2)通过平面的法向量来求,即求出斜线的方向向量与平面的法向
量所夹的锐角(或钝角的补角),取其余角就是斜线和平面所
成的角.
?
(1)证明:BD⊥PA;解:证明:如图所示,取AB中点为O,连接DO,CO,则OB=DC=1.又DC∥OB,所以四边形DCBO为平行四
边形.又BC=OB=1,所以四边形DCBO为菱形,所以BD⊥CO.同理可得,四边形DCOA为菱形,所以AD∥CO,
所以BD⊥AD.因为PD⊥底面ABCD,BD?底面
ABCD,所以PD⊥BD,又AD∩PD=D,AD,PD?平面ADP,
所以BD⊥平面ADP.因为PA?平面ADP,所以BD⊥PA.
(2)求PD与平面PAB所成的角的正弦值.?
?
平面与平面的夹角(二面角)【例2】(2024·新高考Ⅱ卷20题)如图,三棱锥A-BCD中,DA=
DB=DC,BD⊥CD,∠ADB=∠ADC=60°,E为BC的中点.
(1)证明:BC⊥DA;解:证明:如图,连接DE,AE.因为DC=DB,E为BC的中点,所以BC⊥DE.因为∠ADB=∠ADC=60°,DA=DC=DB,所以△ABD≌△ACD,所以AB=AC.又E为BC的中
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