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专题10四边形
1(2024?福建)已知正多边形的一个外角为36°,则该正多边形的边数为
A12 B10 C8 D6
【答案】B
【解析】360°÷36°=10,所以这个正多边形是正十边形故选B
【名师点睛】本题主要考查了多边形的外角和定理是需要识记的内容
2(2024·重庆)下列命题正确的是
A有一个角是直角的平行四边形是矩形
B四条边相等的四边形是矩形
C有一组邻边相等的平行四边形是矩形
D对角线相等的四边形是矩形
【答案】A
【解析】A有一个角为直角的平行四边形是矩形满足判定条件;B四条边都相等的四边形是菱形,故B错误;C有一组邻边相等的平行四边形是菱形,故C错误;对角线相等且相互平分的四边形是矩形,则D错误;故选A
【名师点睛】本题考查了矩形的判定,矩形的判定方法有:1有三个角是直角的四边形是矩形;2对角线互相平分且相等的四边形是矩形;3有一个角为直角的平行四边形是矩形;4对角线相等的平行四边形是矩形
3(2024·天津)如图,四边形为菱形,,两点的坐标分别是,,点,在坐标轴上,则菱形的周长等于
A B C D20
【答案】C
【解析】∵菱形ABCD的顶点A,B的坐标分别为(2,0),(0,1),
∴AO=2,OB=1,ACBD,
∴由勾股定理知:,
∵四边形为菱形,
∴AB=DC=BC=AD=,
∴菱形的周长为:故选C
【名师点睛】此题主要考查了菱形的性质,勾股定理以及坐标与图形的性质,得出AB的长是解题关键
4(2024·安徽)如图,在正方形ABCD中,点E,F将对角线AC三等分,且AC=12,点P在正方形的边上,则满足PE+PF=9的点P的个数是
A0 B4 C6 D8
【答案】D
【解析】如图,过E点作关于AB的对称点E′,则当E′,P,F三点共线时PE+PF取最小值,
∵∠EAP=45°,∴∠EAE′=90°,
又∵AE=EF=AE′=4,
∴PE+PF的最小值为E′F=,
∵满足PE+PF=9=,
∴在边AB上存在两个P点使PE+PF=9,
同理在其余各边上也都存在两个P点满足条件,
∴满足PE+PF=9的点P的个数是8,故选D
【名师点睛】本题主要考查了正方形的性质以及根据轴对称求最短路径,有一定难度,巧妙的运用求最值的思想判断满足题意的点的个数是解题关键
5(2024?盐城)如图,点DE分别是△ABC边BABC的中点,AC=3,则DE的长为
A2 B C3 D
【答案】D
【解析】∵点DE分别是△ABC的边BABC的中点,
∴DE是△ABC的中位线,∴DE=AC=15故选D
【名师点睛】此题主要考查了三角形中位线定理,正确得出DE是△ABC的中位线是解题关键
6(2024?广东)一个多边形的内角和是1080°,这个多边形的边数是
【答案】8
【解析】设多边形边数有x条,
由题意得:180°(x–2)=1080°,
解得x=8,故答案为:8
【名师点睛】此题主要考查了多边形内角和定理,关键是熟练掌握计算公式:(n–2)?180°(n≥3)
7(2024?)五边形的内角和为度
【答案】540
【解析】五边形的内角和为(5–2)×180°=540°故答案为:540
【名师点睛】本题考查根据多边形的内角和计算公式,解答时要会根据公式进行正确运算变形和数据处理
8(2024·天津)如图,正方形纸片的边长为12,是边上一点,连接折叠该纸片,使点落在上的点,并使折痕经过点,得到折痕,点在上若,则的长为
【答案】
【解析】如图,令AE与BF的交点为M
在正方形中,∠BAD=∠D=,
∴∠BAM+∠FAM=,
在Rt中,,
∵由折叠的性质可得,
∴AB=BG,∠FBA=∠FBG,
∴BF垂直平分AG,
∴AM=MG,∠AMB=,
∴∠BAM+∠ABM=,
∴∠ABM=∠FAM,
∴,
∴,∴,
∴AM=,∴AG=,
∴GE=13–
【名师点睛】本题考查了正方形与折叠,勾股定理,等腰三角形的性质,以及三角形相似的判定和性质,熟练掌握相关的知识是解题的关键
9(2024·浙江杭州)如图,把某矩形纸片ABCD沿EFGH折叠(点EH在AD边上,点FG在BC边上),使得点B点C落在AD边上同一点P处,A点的对称点为点,D点的对称点为点,若,的面积为4,的面积为1,则矩形ABCD的面积等于
【答案】
【解析】∵AE∥PF,∴∠AEP=∠DPH,
又∵∠A=∠A=90°,∠D=∠D=90°,∴∠A=∠D,∴△AEP~△DPH,
又∵AB=CD,AB=AP,CD=DP,∴AP=DP,
设AP=DP=x,
∵S△AEP:S△DPH=4:1,∴AE=2DP=2x,∴S△AEP=,
∵,∴,∴AP=DP=2,∴AE=2DP=4,
∴,
∴,∴,
∴,
∴,
∴,
【名师点睛】本题考查矩形的性质折叠的性质,解题的关键是掌握矩形的
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