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大题05板块模型
板块模型涉及相互作用的两个物体间的相对运动、涉及摩擦力突变以及功能、动量的转移转化。情境素材丰富多变考察角度广泛,备受高考命题人的青睐,在历年高考中都有体现多以压轴题的形式出现,所以在备考中要引起高度重视,并要加大训练提升分析此类问题的解答水平。
动力学方法解决板块问题
【例1】如图甲所示,质量m=1kg的小物块A(可视为质点)放在长L=4.5m的木板B的右端,开始时A、B两叠加体静止于水平地面上。现用一水平向右的力F作用在木板B上,通过传感器测出A、B两物体的加速度与外力F的变化关系如图乙所示。已知A、B两物体与地面之间的动摩擦因数相等,且最大静摩擦力等于滑动摩擦力,重力加速度g取10m/s2。求:
(1)A、B间的动摩擦因数μ1;
(2)乙图中F0的值;
(3)若开始时对B施加水平向右的恒力F=29N,同时给A水平向左的初速度v0=4m/s,则在t=3s时A与B的左端相距多远。
【三步审题】
第一步:
审条件
挖隐含
(1)当FF0时B相对地面滑动,F0的值为B与地面间的最大静摩擦力大小
(2)当F0F≤25N时,A与B一起加速运动,A与B间的摩擦力为静摩擦力
(3)当F25N时,A与B有相对运动,A在B的动摩擦力作用下加速度不变
第二步:
审情景
建模型
(1)A与B间相互作用:板块模型
(2)A与B的运动:匀变速直线运动
第三步:
审过程
选规律
(1)运用牛顿运动定律找加速度与摩擦力(动摩擦因数)的关系,并分析a-F图像的物理意义
(2)用匀变速运动的规律分析A与B运动的位移
【答案】(1)0.4(2)5N(3)22.5m
【解析】(1)由题图乙知,当A、B间相对滑动时A的加速度a1=4m/s2
对A由牛顿第二定律有
μ1mg=ma1
得μ1=0.4。
(2)设A、B与水平地面间的动摩擦因数为μ2,B的质量为M。当A与B间相对滑动时,对B由牛顿第二定律得
F-μ1mg-μ2(m+M)g=Ma2
即a2=eq\f(F-μ1mg-μ2(m+M)g,M)
由题图乙知
eq\f(1,M)=eq\f(4,25-9),eq\f(-μ1mg-μ2(m+M)g,M)=-eq\f(9,4)
可得M=4kg,μ2=0.1
则F0=μ2(m+M)g=5N。
(3)给A水平向左的初速度v0=4m/s,且F=29N时A运动的加速度大小为a1=
4m/s2,方向水平向右。设A运动t1时间速度减为零,则t1=eq\f(v0,a1)=1s
位移x1=v0t1-eq\f(1,2)a1teq\o\al(2,1)=2m
B的加速度大小
a2=eq\f(F-μ1mg-μ2(m+M)g,M)=5m/s2
方向向右
B的位移大小x2=eq\f(1,2)a2teq\o\al(2,1)=2.5m
此时B的速度v2=a2t1=5m/s
由于x1+x2=L,即此时A运动到B的左端,当B继续运动时,A从B的左端掉下来停止,设A掉下来后B的加速度大小为a3,对B,由牛顿第二定律得
F-μ2Mg=Ma3,可得a3=eq\f(25,4)m/s2
在t=3s时A与B左端的距离
x3=v2(t-t1)+eq\f(1,2)a3(t-t1)2=22.5m。
分析“板—块”模型问题的四点注意
(1)从速度、位移、时间角度,寻找滑块与滑板之间的联系。
(2)滑块与滑板共速是摩擦力发生突变的临界条件。
(3)滑块与滑板存在相对滑动的条件
①运动学条件:若两物体速度不相等,则会发生相对滑动。
②力学条件:一般情况下,假设两物体间无相对滑动,先用整体法算出一起运动的加速度,再用隔离法算出滑块“所需要”的摩擦力Ff,比较Ff与最大静摩擦力Ffm的关系,若FfFfm,则发生相对滑动。
(4)滑块不从滑板上掉下来的临界条件是滑块到达滑板末端时,两者共速。
(23-24高三上·河北邯郸·期中)如图甲所示,质量为、长度为的长木板放在粗?水平面上,现让长木板获得一个向右的水平速度(),同时让质量也为的物块(视为质点)以速度从长木板的左端滑上长木板,此后物块运动的速度一时间图像如图乙所示,物块最终停在长木板的右端,物块与木板之间的动摩擦因数为,木板与地面之间的动摩擦因数为,最大静摩擦力等于滑动摩擦力,重力加速度取,求:
(1)和的大小;
(2)开始时长木板的速度和长度;
(3)若开始时物块放置在木板的上方并均静止在水平面上,现给物块施加一个水平拉力,让整体一起做匀加速直线运动,求的范围.
【答案】(1),;(2),;(3)
【详解】(1)由乙图分析可知,在内,物块做初速度为、末速度为的匀减速直线运动,对物块受力分析,由牛顿第二定律结合加速度的定义可得
解得
在内,物块与木板一起做初速度为、末速度为0的匀减
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