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数学试卷
(试卷满分为150分,考试时间为120分钟)
一、选择题(本大题共10小题,每小题4分、共40分)
1.已知集合,,则()
A.?B.?C.D.
【答案】B
【解析】
【分析】判定出两集合的关系判断选项AB;求得否定选项C;求得否定选项D.
【详解】由,,可得?
故选项A判断错误;选项B判断正确;
,则选项C判断错误;
,则选项D判断错误.
故选:B
2.在复平面内,复数对应的点位于()
A.第一象限B.第二象限C.第三象限D.第四象限
【答案】D
【解析】
【分析】根据复数的乘、除法运算可得,结合复数的几何意义即可求解.
【详解】,
所以该复数在复平面内的点的坐标为,位于第四象限.
故选:D.
3.设则
A.B.
C.D.
【答案】B
【解析】
【详解】:因为,所以,那么,
所以.
4.下列函数中,既是偶函数,又在区间上单调递减的是()
A.B.C.D.
【答案】C
【解析】
【分析】根据幂函数,余弦函数,对数函数及指数函数的奇偶性与单调性逐一判断即可.
【详解】对于A,函数,
因为,所以函数为奇函数,故A不符题意;
对于B,因为,
所以函数在上不是减函数,故B不符题意;
对于C,函数,
因为,所以函数为偶函数,
令,
令在区间上单调递增,
而函数在区间上单调递减,
所以函数在区间上单调递减,
又函数为增函数,
所以函数在区间上单调递减,故C符合题意;
对于D,当时,为增函数,故D不符题意.
故选:C.
5.若不等式的解集为R,则实数的取值范围是()
A.B.C.D.
【答案】A
【解析】
【分析】令,由题意可得恒成立,结合即可求解.
【详解】令,
则,
当且仅当等号成立,所以,
又的解集为R,
所以恒成立,故,
即实数a的取值范围是.
故选:A.
6.设,且,“”是“”的
A.充分而不必要条件B.必要而不充分条件C.充分必要条件D.既不充分也不必要条件
【答案】A
【解析】
【详解】由解得:x0.
由化为:,即,解得x1或x0.
∴“”是“”的充分不必要条件,
故选A
7.若在区间上单调递增,则可以是()
A.B.C.D.
【答案】D
【解析】
【分析】根据复合函数的单调性可知函数在上单调递减,且过原点,进而得在上单调递增,即可求解.
【详解】函数在R上单调递减,函数在上单调递增,
又函数的定义域为,
所以函数在上单调递减,且过原点,
所以函数在上单调递减,在上单调递增.
故选:D.
8.设偶函数对任意,都有,当时,.则()
A.B.C.D.
【答案】A
【解析】
【分析】根据偶函数的性质以及已知条件的等式,即可将转化为求解.
【详解】因为是偶函数,所以,
又,
则
.
故选:A
9.已知定义在上的函数满足,且当时,.给出以下四个结论:
①;
②可能是偶函数;
③在上一定存在最大值;
④的解集为.
其中正确的结论为()
A.①②B.①③C.①④D.②④
【答案】C
【解析】
【分析】令,即可判断①;令,结合奇偶性得定义即可判断②;设,结合当时,,判断出函数的单调性,即可判断③④.
【详解】对于①,令,则,所以,故①正确;
对于②,令,则,
所以,所以为奇函数,
又当时,,所以不是常函数,不可能是偶函数,故②错误;
对于③,设,则,
则,
所以,所以是减函数,
所以在上一定存在最大值,故③错误;
对于④,因为为减函数,,
由,得,解得,
所以的解集为,故④正确.
故选:C.
10.下图展示了一个由区间到实数集R的映射过程:区间中的实数对应数轴上的点(如图1);将线段围成一个圆,使两端点、恰好重合(从到是逆时针,如图2);再将这个圆放在平面直角坐标系中,使其圆心在y轴上,点的坐标为(如图3),图3中直线与x轴交于点,则的象就是,记作.
则下列命题中正确的是()
A.B.是奇函数
C.在其定义域上单调递增D.的图象关于轴对称
【答案】C
【解析】
【分析】借助于图形来看四个选项,先由可判断A,实数所在区间不关于原点对称,知B错,从图形上可得在定义域上单调递增,C对,先找到,再利用图形判断D错,
【详解】如图,因为点在以为圆心,为半径的圆上运动,
对于A,当时,的坐标为,,
直线的方程为,即,所以点的坐标为,
故,即A错.
对于B,因为实数所在区间不关于原点对称,所以不存在奇偶性.故B错.
对于C,当实数越来越大时,直线与轴的交点也越来越往右,即也越来越大,所以在定义域上单调递增,即C对.
对于D,当实数时,对应的点在点的正下方,此时点,所以,
再由图形可知的图象关于点,对称,而非关于轴对称,即D错.
故选:C.
二、填空题(本大题共5小题,每小题5分,共25分)
11.命题“”的否定是________.
【答案】
【解
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