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河南省TOP二十名校2024届高三上学期调研考试九
数学试卷
一、选择题
1.设集合,则()
A. B. C. D.
〖答案〗C
〖解析〗由题意得,
,
所以.
故选:C.
2已知复数满足,则()
A.3 B.2 C. D.1
〖答案〗B
〖解析〗由,得,
所以,
所以.
故选:B.
3.已知空间向量,若共面,则实数()
A.1 B.2 C.3 D.4
〖答案〗A
〖解析〗由题意知不共线,且共面,
所以存在实数,使得,
所以,
所以,解得,
故选:A.
4.()
A. B. C.1 D.2
〖答案〗B
〖解析〗因为
.
故选:B.
5.设等比数列的公比为q,则是为单调递增数列的()
A.充分不必要条件 B.必要不充分条件
C.充要条件 D.既不充分也不必要条件
〖答案〗D
〖解析〗
若,则,则为单调递减数列
所以是为单调递增数列的不充分条件
若为单调递增数列,则,则
即或,所以故是为单调递增数列不必要条件
故是为单调递增数列的既不充分也不必要条件
故选:D.
6.如图,两个相同的正四棱台密闭容器内装有某种溶液,,图1中液面高度恰好为棱台高度的一半,图2中液面高度为棱台高度的,若图1和图2中溶液体积分别为,则()
A. B. C.1 D.
〖答案〗D
〖解析〗设四棱台的高度为,在图1中,中间液面四边形的边长为4,在图2中,中间液面四边形的边长为5,
则,
所以.
故选:D.
7.已知正数满足,则的取值范围为()
A. B. C. D.
〖答案〗A
〖解析〗因为,所以,
又,所以,所以,
所以,
又,当且仅当时等号成立,
所以,解得.
故选:A.
8.如图,在三棱锥中,两两垂直,且,以为球心,为半径作球,则球面与底面的交线长度的和为()
A. B. C. D.
〖答案〗C
〖解析〗由题意知三棱锥为正三棱锥,故顶点在底面的射影为的中心,连接,由,
得,所以,
因为球的半径为,所以截面圆的半径,
所以球面与底面的交线是以为圆心,为半径的圆在内部部分,
如图所示
易求,所以,
易得,所以,
所以交线长度和为.
故选:C.
二、选择题
9.已知两个不同的平面和三条不同的直线,则()
A.若,则或
B.若,且,则
C.若是异面直线,,且,则与或相交
D.若是内的两两相交的直线,其三个交点到的距离相等,则
〖答案〗AC
〖解析〗由线面平行的判定定理可知A正确;
由线面垂直的判定定理知,缺少了直线相交这个条件,故结论不一定成立,故B错误;
若与均不相交,可得,这与异面相矛盾,故至少与中的一条相交,故C正确;
三个交点可能在两侧,这时两平面不平行,故D错误.
故选:AC.
10.设函数,且相邻两条对称轴之间的距离为,,,则()
A.,
B.在区间上单调递增
C.将的图象向左平移个单位长度,所得图象关于轴对称
D.当时,函数取得最大值
〖答案〗CD
〖解析〗因为,因为相邻两条对称轴之间的距离为,所以其最小正周期为,所以;
又,所以,即,所以,故A错误;
对于B,令,得,所以的单调递增区间为,显然不是其子集,故B错误;
对于C,平移后得到图象的函数〖解析〗式为,为偶函数,故其图象关于轴对称,故C正确;
对于D,因为,当,即时取得最大值,故D正确.
故选:CD
11.已知定义在上函数是的导函数且定义域也是,若为偶函数,,,则()
A. B.
C. D.
〖答案〗AC
〖解析〗由为偶函数,得,两边求导,得,所以为奇函数,所以,由及,得,所以,故的周期为2.
所以,又,所以3,故A正确,B错误;
由,得,又,所以,所以,故C正确;
由,得,所以,故D错误.
故选:AC
12.如图,设正方体的棱长为,点是的中点,点为空间内两点,且,则()
A.若平面,则点与点重合
B.设,则动点的轨迹长度为
C.平面与平面的夹角的余弦值为
D.若,则平面截正方体所得截面的面积为
〖答案〗ABD
〖解析〗由正方体的性质知,平面,
若点不与重合,因为平面,
则,与矛盾,
故当平面时,点与重合,故A正确;
因为,
所以点在平面上,
因为,
所以,
则动点的轨迹是以点为圆心,
以为半径的圆的,故其长度为,故B正确;
对于C,以点为坐标原点,
分别以所在直线为轴,轴,轴建立空间直角坐标系,
如图所示,则,
所以.
设平面的一个法向量为,
平面的一个法向量为,
则得,
令,,所以,同理结合得,
因为,
所以平面与平面的夹角的余弦值为,故C错误;
对于D,过的直线分别交的延
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