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九数列奇偶项问题
1.已知数列{an}满足an=n·sinnπ2,数列{bn}满足bn=an+an+1,其中n∈N*,则数列{bn}的前2023项和为 (
A.-2025 B.-2023
C.-2 D.0
【解析】选A.因为an=n·sinnπ
所以a1=sinπ2=1,a2
a3=3sin3π2=-3,a4
a5=5sin5π2=5,
所以an=n·sinnπ2=0,n
所以b1+b2=-2,b3+b4=2,b5+b6=-2,…,b2021+b2022=-2,
b2023=a2023+a2024=-2023+0=-2023,
所以数列{bn}的前2023项和为-2025.
2.定义“等和数列”:在一个数列中,如果每一项与它的后一项的和都为同一个常数,那么这个数列叫做等和数列,这个常数叫做该数列的公和.已知数列{an}是等和数列,且a1=2,公和为5,则数列{an}的前n项和Sn=________.?
【解析】由数列{an}是等和数列,且a1=2,公和为5,
所以5=a1+a2=2+a2,解得a2=3.
当n=2k(k∈N*)时,数列{an}的前n项和
Sn=(a1+a2)+(a3+a4)+…+(a2k-1+a2k)
=5+5+…+5=5k=5n
当n=2k-1(k∈N*)时,数列{an}的前n项和
Sn=(a1+a2)+(a3+a4)+…+(a2k-3+a2k-2)+a2k-1=5(n-
所以Sn=5n
答案:5
3.数列{an}满足:a1=0,an+1+an=2n,求通项an.
【解析】因为a1=0,an+1+an=2n,
所以当n=1时,a2=2-a1=2,
当n≥2时,an+an-1=2(n-1),
两式相减得:an+1-an-1=2(n≥2),
所以a1,a3,a5,…构成以a1为首项,2为公差的等差数列;
a2,a4,a6,…构成以a2为首项,2为公差的等差数列,
所以当n=2k-1(k∈N*)时,a2k-1=a1+(k-1)×2=2k-2=n-1,
当n=2k(k∈N*)时,a2k=a2+(k-1)×2=2k=n,
所以an=n-
4.已知数列{an}的前n项和Sn,其中an0,且2Sn=an+1
(1)求{an}的通项公式;
(2)设bn=(-1)n·an,求数列{bn}的前2023项和T2023.
【解析】(1)因为an0,则Sn0,an+10,
由2Sn=an+1,可得4Sn=(
当n=1时,则4a1=(a
整理得(a1-1
当n≥2时,则4Sn-1=(a
作差可得4an=(an
=an2-an-12+2a
整理得(an+an-1)(an-an-1-2)=0,
因为an0,则an+an-10,
可得an-an-1-2=0,
即an-an-1=2,
故数列{an}是首项为1,公差为2的等差数列,
所以an=1+2(n-1)=2n-1.
(2)由(1)可得:bn=(-1)n·(2n-1),
当n为偶数时,则bn+bn+1=(2n-1)-[2(n+1)-1]=-2,
所以T2023=b1+b2+b3+…+b2023
=b1+(b2+b3)+(b4+b5)+…+(b2022+b2023)
=-1+(-2)+(-2)+…+(-2)
=-1+(-2)×1011=-2023,
即T2023=-2023.
5.(2023·深圳模拟)已知等差数列{an}满足a3=10,a5-2a2=6.
(1)求数列{an}的通项公式;
(2)数列{bn}满足bn=2n-1,n为奇数12an-1,
【解析】(1)设等差数列{an}的公差为d,
因为a3=10,a5-2a2=6.
则a1
解得a1
所以an=2+4(n-1)=4n-2.
(2)由(1)可得bn=2n
则T2n=(b1+b3+…+b2n-1)+(b2+b4+…+b2n)
=(1+22+…+22n-2)+[1+5+…+(4n-3)]
=1-4
=2n2-n+4n
所以T2n=2n2-n+4n
6.(2023·郑州模拟)已知数列{an}满足:a1=3,an=an-1+2n-1(n≥2,n∈N*).
(1)求数列{an}的通项公式;
(2)令bn=an-1+(-1)nlog2(an-1),求数列{bn}的前n项和Tn.
【解析】(1)因为an-an-1=2n-1(n≥2),
所以由条件,当n≥2时,an=a1+(a2-a1)+(a3-a2)+…+(an-1-an-2
=3+2+22+…+2n-2+2n-1=2+1-2n
经检验知当n=1时,结论也成立,
故an=2n+1,n∈N*.
(2)因为bn=2n+(-1)nn,
当n为偶数时,Tn=(2+4+8+…+2n)+[-1+2-3+4-…-(n-1)+n]=
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