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江苏省南京市协同体九校2023-2024学年高一上学期
期中联考数学试卷
一、单项选择题(本大题共8小题,每小题5分,共40分.)
1.已知集合,则()
A. B. C. D.
【答案】A
【解析】因为,
所以.
故选:A.
2.命题“,”的否定为()
A., B.,
C., D.,
【答案】C
【解析】原命题全称量词命题,其否定是存在量词命题,
所以命题“,”的否定为:,.
故选:C.
3.“”是“”的()
A.充分不必要条件 B.必要不充分条件
C.充要条件 D.既不充分又不必要条件
【答案】A
【解析】,解得,
所以“”是“”的充分不必要条件.
故选:A.
4.函数的定义域是()
A. B.
C. D.
【答案】D
【解析】由解得且,
所以的定义域为.
故选:D.
5.若,则的值为()
A. B. C. D.
【答案】A
【解析】由题意得:,得:,
所以:,故A项正确.
故选:A.
6.若命题“对任意的,恒成立”为假命题,则的取值范围为()
A. B.
C. D.
【答案】B
【解析】由题意得:存在,成立为真命题,
又因为:,当且仅当,即:取等号,
所以:,故B项正确.
故选:B.
7.若函数在上单调递减,则实数的取值范围是()
A. B. C. D.
【答案】C
【解析】因为在上单调递减,
根据一次函数以及二次函数的性质,结合端点处的函数值,
可得,解得.
故选:C.
8.已知定义域为的函数的图像是一条连续不断的曲线,且满足.若当时,总有,则满足的实数的取值范围为()
A. B.
C. D.
【答案】A
【解析】令,,
因为,当时,总有,即,
即,当时,总有,
所以在上递增,又因为,
所以,,
所以在上是偶函数,
又因为,
所以,即,
所以,即,
解得,所以实数的取值范围为.
故选:A.
二、多项选择题(本大题共4小题,每小题5分,共20分,漏选得2分,错选得0分.)
9.下列各组函数不是相同函数的是()
A., B.,
C., D.,
【答案】ACD
【解析】A选项,的定义域为,的定义域为,
所以不是相同函数;
B选项,,所以两个函数是相同函数,所以B选项正确;
C选项,的定义域为,的定义域为,所以不是相同函数;
D选项,的定义域为,的定义域为,
所以不是相同函数.
故选:ACD.
10.以下运算中正确的是()
A.若,,则
B.若,则
C.
D.
【答案】ACD
【解析】A项:由,,,故A项正确;
B项:由,得,所以:,得:,故B项错误;
C项:,故C项正确;
D项:,故D项正确.
故选:ACD.
11.已知关于的不等式的解集为或,则下列说法正确的是()
A.
B.不等式的解集为
C.
D.不等式的解集为或
【答案】BC
【解析】依题意,关于的不等式的解集为或,
所以,A选项错误;
,即,所以,
所以不等式的解集为,B选项正确;
,C选项正确;
,即,
解得,所以不等式的解集为,D选项错误.
故选:BC.
12.已知定义在上函数的图象连续不间断,且满足以下条件:
①,都有;
②,且时,都有;
③,则下列成立的是()
A.
B.若,
C.若,则
D.,R,使得
【答案】BD
【解析】由①知函数是偶函数;由②知函数在上是减函数;
由③知函数经过点;综合①②③知,该函数图像关于轴对称,
且在轴右侧减函数,又经过点和,故可作出函数简图如图:
对于选项A,显然,故A项错误;
对于选项B,由可得:或,由(Ⅰ)可得:
由(Ⅱ)可得:综合得,,故B项正确;
对于选项C,因函数是偶函数,且在上是减函数,
故由可得,故有,解得:或,
即:,故C项错误;
对于选项D,因函数在上是增函数,在上是减函数,
函数又是定义在上的,故而图像必与轴相交,
即函数有最大值,故D项正确.
故选:BD.
三、填空题(本大题共4小题,每小题5分,共20分.)
13.当时,函数的最小值为________.
【答案】3
【解析】,由基本不等式可得,
,
当且仅当,即时取等号,
则的最小值为3.
故答案为:3.
14.已知函数是定义域为R的奇函数,当时,,则______.
【答案】
【解析】根据奇函数的性质,可得,即,
所以,当时,,
所以,,
根据奇函数的性质,可得,
所以,.
故答案为:.
15.已知不等式的解集为,则的取值范围是______.
【答案】
【解析】由于不等式的解集为,
所以,
解得.
故答案为:.
16.若定义在上的函数,则称为狄迪克雷函数.对于狄迪克雷函数,下列结论中正确的是______
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