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2023年新高考地区数学名校地市选填压轴题好题汇编(十六)
一、单选题
1.(2022·山东·潍坊瀚声学校高三期中)已知,,,则的最小值为(????)
A. B. C. D.
【答案】C
【解析】因为,,,
所以,
当且仅当,即时,等号成立.
故选:C.
2.(2022·山东·潍坊瀚声学校高三期中)已知定义在上的奇函数在满足,且区间上单调递增,则(????)
A. B.
C. D.
【答案】B
【解析】因为是定义在上的奇函数且满足,
则,
又,又在单调递增,故;
又.
综上所述:.
故选:B.
3.(2022·山东烟台·高三期中)若对任意正实数x,y都有,则实数m的取值范围为(????)
A. B.
C. D.
【答案】A
【解析】因为,
所以,设,
则,,
令
恒成立,故单调递减,
当时,,函数单调递增;
当时,,函数单调递减;.
故
所以,得到.
故选:A.
4.(2022·山东·青岛超银高级中学高三阶段练习)已知函数在上有4个零点,则实数a的最大值为(????)
A. B. C. D.
【答案】C
【解析】,
令f(x)=0得sinx=0或cosx=,
作出y=sinx和y=cosx的图象:
f(x)在上有4个零点,则,故a的最大值为.
故选:C.
5.(2022·山东·青岛超银高级中学高三阶段练习)定义在上的函数满足,,当时,,则方程在上解的个数为(????)
A.3 B.4 C.5 D.6
【答案】B
【解析】由题意可知,方程在上解的个数可转化为与在上的交点个数,
因为,所以的图像关于对称;
又由,故,
从而是周期为2的周期函数,
又由可得,,
从而;,
故在上单调递增,在单调递减,且,
当时,,
故与在上的图像如下:
从而与在上的交点个数为4,
故方程在上解的个数为4.
故选:B.
6.(2022·山东·临朐县实验中学高三阶段练习)已知数列和首项均为1,且,,数列的前n项和为,且满足,则(????)
A.2019 B. C.4037 D.
【答案】D
【解析】,
,
,
另外:,可得,
.
,
,即,
,又,
数列是首项为1,公差为2的等差数列,
,故,
.
故选:D.
7.(2022·山东·临朐县实验中学高三阶段练习)如图是半径为1,圆心角为的扇形,是扇形弧上的动点,是扇形的内接矩形,记,矩形的面积最大值为(????)
A. B. C. D.
【答案】A
【解析】,显然是等腰直角三角形,故,
,
故矩形的面积,,
根据二倍角公式,辅助角公式化简得:,
根据可得,
故,即时,矩形面积取到最大值.
故选:A
8.(2022·福建·高三阶段练习)已知正三棱锥中,侧面与底面所成角的正切值为,,这个三棱锥的内切球和外接球的半径之比为(????)
A. B. C. D.
【答案】B
【解析】因为三棱锥为正三棱锥,底面边长为6,
且侧面与底面所成角的正切值为,所以可得正三棱锥的高,侧面的高;
设正三棱锥底面中心为,其外接球的半径为,内切球半径为,
则有,也即,解得:,
正三棱锥的体积,
也即,解得:,
所以,
故选:B.
9.(2022·福建·高三阶段练习)已知函数,,以下结论正确的(????)
A.函数的图象关于直线对称
B.函数的图象关于点中心对称
C.函数没有最大值
D.若方程有两个解,则
【答案】B
【解析】因为不是偶函数,
所以的图象不关于直线对称,故A错误;
因为
是奇函数,即函数关于原点对称,
则原函数关于点中心对称,故B正确;
当时,,
当时,
因为,所以,
所以,
所以函数有最大值为4,故C错误;
因为,
所以由可得,
即,
若则方程有唯一解为,不满足题意,
若要使方程有两个解,则,
解得且故D错误.
故选:B.
10.(2022·江苏·南京田家炳高级中学高三期中)已知函数有且只有一个零点,则实数A的值为(????)
A.4 B.2 C.-2 D.-4
【答案】C
【解析】∵
∴??,
又,
则,
∴??函数为偶函数,
故函数的图象关于对称,
∴函数的图象关于对称,
∴函数的图象关于对称,
又函数有且只有一个零点,
∴函数的零点为2,
∴??,即,
∴??,
∴??.
故选:C.
11.(2022·江苏·徐州市第七中学高三阶段练习)设,则(????)
A. B.
C. D.
【答案】C
【解析】由不等式可得,即;,
设,
因为,所以在上单调递增,
所以当,所以,即.
所以.
故选:C
12.(2022·江苏·南京市第一中学高三期中)已知,,,,,则(????)
A. B.
C. D.
【答案】D
【解析】因为,,,
所以由两边取自然对数得,即,故,
再由得,故,
令,则,故在上单调递减,
又由上式可知,故,
由四个选项的不等式同时除以可知,比较的是的大小,
故令,则,
再令,则,
故在上单调递减,
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