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2023年新高考地区数学名校地市选填压轴题好题汇编(十五)
一、单选题
1.(2022·广东·深圳市福田区福田中学高三阶段练习)已知,则(????)
A. B. C. D.
【答案】A
【解析】[方法一]:构造函数
因为当
故,故,所以;
设,
,所以在单调递增,
故,所以,
所以,所以,故选A
[方法二]:不等式放缩
因为当,
取得:,故
,其中,且
当时,,及
此时,
故,故
所以,所以,故选A
[方法三]:泰勒展开
设,则,,
,计算得,故选A.
[方法四]:构造函数
因为,因为当,所以,即,所以;设,,所以在单调递增,则,所以,所以,所以,
故选:A.
[方法五]:【最优解】不等式放缩
因为,因为当,所以,即,所以;因为当,取得,故,所以.
故选:A.
【整体点评】方法4:利用函数的单调性比较大小,是常见思路,难点在于构造合适的函数,属于通性通法;
方法5:利用二倍角公式以及不等式放缩,即可得出大小关系,属于最优解.
2.(2022·广东·红岭中学高三阶段练习)已知菱形的各边长为.如图所示,将沿折起,使得点到达点的位置,连接,得到三棱锥,此时,是线段的中点,点在三棱锥的外接球上运动,且始终保持,则点的轨迹的周长为(????)
A. B. C. D.
【答案】D
【解析】取中点,连接,
则,平面
∴平面,,又,
∴,
则三棱锥的高,
三棱锥体积为;
作,设点轨迹所在平面为,
则平面经过点且,
设三棱锥外接球的球心为的中心分别为,
易知平面平面,且四点共面,
由题可得,,
解Rt,得,又,
则三棱锥外接球半径,
易知到平面的距离,
故平面截外接球所得截面圆的半径为,
∴截面圆的周长为,即点轨迹的周长为.
故答案为:.
3.(2022·广东·红岭中学高三阶段练习)若,则(????)
A. B.
C. D.
【答案】B
【解析】由题设,且,
所以,
当时,,则与条件矛盾;
当时,,显然与条件矛盾;
所以且,即,故只有B符合要求;
故选:B.
4.(2022·广东·高三阶段练习)设函数,则满足的的取值范围是(????)
A. B. C. D.
【答案】A
【解析】由题意知:定义域为;
,
为定义在上的奇函数;
令,则,在上单调递增;
又在上单调递增,
在上单调递增,又为奇函数,在上单调递增;
由得:,
,解得:,即的取值范围为.
故选:A.
5.(2022·广东·高三阶段练习)已知双曲线C:的右焦点为F,左顶点为A,M为C的一条渐近线上一点,延长FM交y轴于点N,直线AM经过ON(其中O为坐标原点)的中点B,且,则双曲线C的离心率为(????)
A.2 B. C. D.
【答案】A
【解析】记M为双曲线C:的渐近线上的点,因为,且,所以,.
所以.因为右焦点到渐近线的距离,
所以.所以,所以,
所以,所以,
又因为,.
所以△MNB为等边三角形,所以,所以,
即,所以.
故选:A.
6.(2022·广东佛山·高三期中)已知函数满足:,对任意恒成立.若成立,则实数的取值范围是(????)
A. B.
C. D.
【答案】B
【解析】∵,则
令,即,则为奇函数,
又∵,
则,
即,则在上单调递增,
∴在上单调递增,
故为奇函数,且在R上单调递增.
∵,即
则,
∴,则恒成立,
当时,则恒成立,则;
当时,整理可得,
∵,当且仅当,即时等号成立,
∴,则;
综上所述:实数的取值范围是.
故选:B.
7.(2022·广东江门·高三阶段练习)数列满足,,则下列结论中错误的是(????)
A. B. C. D.
【答案】D
【解析】∵,∴,,又∵,选项A正确.
,,选项B正确.
由,,得,选项D不正确.
当然,对于C选项,可以用数学归纳法证明其正确(仅供教师和学生参考)
下面用数学归纳法证明,,,设,则
,选项C正确.
故选:D
8.(2022·湖南·长沙一中高三阶段练习)高斯是德国著名的数学家,近代数学奠基者之一,享有“数学王子”的称号.用他的名字定义的函数称为高斯函数,其中表示不超过的最大整数,已知数列满足,,,若,为数列的前项和,则(????)
A.999 B.749 C.499 D.249
【答案】A
【解析】由,得,又,
所以数列是以4为首项,5为公比的等比数列,则①,
由得:,又,
所以数列是常数列,则②,
由①②联立得.
因为,所以,即,
所以,故,
所以,则.
故选:A
9.(2022·湖南·长沙一中高三阶段练习)已知双曲线:的焦点到渐近线的距离为,又双曲线与直线交于,两点,点为右支上一动点,记直线,的斜率分别为,,曲线的左?右焦点分别为,.若,则下列说法正确的是(????)
A.
B.双曲线的渐近线方程为
C.若,则的面积为1
D.双曲线的离心率为
【答案】C
【解析】因为双曲线:的焦点到渐近线的距离为1,则,所以双
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