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第四章数列全章综合测试卷(提高篇)
参考答案与试题解析
一.选择题(共8小题,满分40分,每小题5分)
1.(5分)(2022·上海市高三阶段练习)用数学归纳法证明1+2+22+???+25n?1(n∈N
A.7 B.6 C.5 D.4
【解题思路】分别写出n=k与n=k+1时相应的代数式,对比观察求解.
【解答过程】当n=k时,则1+2+
当n=k+1时,则(1+2+
∴从k到k+1添加的项数共有5项
故选:C.
2.(5分)(2022·广东·高二阶段练习)下列说法正确的是(????)
①数列1,3,5,7与数列7,3,5,1是同一数列;②数列0,1,2,3...的一个通项公式为an
③数列0,1,0,1…没有通项公式;④数列nn+1
A.①③ B.②④ C.②③ D.②③④
【解题思路】根据数列的概念即可判断A项;代入可判断B项;根据数列中前几项的特点写出通项可说明C项错误;作差法求an+1
【解答过程】数列有顺序,①错误;逐个代入检验,可知数列前几项满足通项公式,②正确;
an=1??1n
设an=nn+1,则
所以,an+1a
故选:B.
3.(5分)(2022·河北·高二期中)数列an满足a1=2,an+1
A.?1 B.?13 C.2
【解题思路】根据递推公式求得数列的周期,结合数列的周期即可求得结果.
【解答过程】根据题意可得a1
故该数列是以4为周期的数列,且a1
故数列an的前2022项的乘积为a
故选:C.
4.(5分)(2022·江苏省高二期中)“中国剩余定理”又称“孙子定理”,最早可见于我国南北朝时期的数学著作《孙子算经》,1852年,英国传教士伟烈亚力将该解法传至欧洲,1874年,英国数学家马西森指出此法符合1801年由高斯得到的关于同余式解法的一般性定理,因而西方称之为“中国剩余定理”,此定理讲的是关于整除的问题,现将1到2022这2022个数中,能被2除余1且被7除余1的数按从小到大的顺序排成一列,构成数列an,则该数列共有(????
A.145项 B.146项 C.144项 D.147项
【解题思路】由已知可得能被2除余1且被7除余1的数即为能被14除余1,进而得通项及项数.
【解答过程】由已知可得an?1既能被2整除,也能被7整除,故an
所以an?1=14n?1
即an
故1≤an≤2022,即1≤14n?13≤2022,解得1≤n≤145
故选:A.
5.(5分)(2022·江西·高三阶段练习(理))已知an是等比数列,Sn为其前
①an+an+1是等比数列;②an?an+1
④lgan是等比数列,⑤若Sn=a?q
A.5 B.4 C.3 D.2
【解题思路】根据题意找到反例说明命题错误,或者利用等比数列的定义或前n项和公式证明命题正确.
【解答过程】设等比数列an的公比为q
若an+a
例如数列1,?1,1,?1,…,相邻项相加所构成的数列不是等比数列,
故①不正确;
因为anan+1
与第1个相仿,若相加和为零,不能构成等比数列,
例如数列1,?1,1,?1,…,S2,S4?
故③不正确;
例如an=(?1)n,lga
由Sn=a?q
Sn
所以a=a11?q,b=?a
故选:D.
6.(5分)(2022·江西·高三阶段练习(理))已知数列an满足a1=1,a2n
A.31011?2023 B.31011?2025 C.
【解题思路】利用累加法得到a2n?1=3
【解答过程】因为a2n
所以a2n+1=a
所以a
=
=
=3
所以a2n
所以S
=
=3×
=3
故选:D.
7.(5分)(2022·河南·模拟预测(文))设等差数列an的公差为d,前n项和为Sn,若S4
A.若a10,则an为递增数列 B.若
C.若a4+a110,则d0
【解题思路】根据已知条件求得a1,d的关系,然后对选项逐一
【解答过程】由于等差数列an满足S
所以4a
A选项,若a1=?112d0
B选项,若d≠0,a9=a
a9
C选项,a4
D选项,当d0时,a7
所以S6
故选:D.
8.(5分)(2022·福建三明·高三期中)设等比数列an的公比为q,其前n项和为Sn,前n项积为Tn,并满足条件a11,
A.S2019S2020 B.
C.a2019a2021?10
【解题思路】根据题意,由等比数列的性质分析公比q的范围,由此分析选项可得答案.
【解答过程】解:等比数列an的公比为q,则an=a1qn?1
又由a2019?1a2020?10,即(a2019
又当a202010a20191时,可得q1,由
所以0a20201a
由此分析选项:
对于A,S2020?S2019=
对于B,等比数列{an}中,0q1,a10,所以数列{an}单调递减,又因为a20201a2019
对于C,等比数列{an}中
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