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回扣查收特训(三)空间向量与立体几何
1.已知a+b=(2,
2,2
3),a-b=(0,
2,0),则cos
a,b
=(
)
A.
1
B.1
3
6
C.
6
D.
6
3
6
分析:选C
由已知,得a=(1,2,3),b=(1,0,3),∴cos
a,b
=a·b=1+0+3
|a||b|6×4
=6.
3
2.已知直线l过定点A(2,3,1),且n=(0,1,1)为直线l的一个方向向量,则点
P(4,3,2)到
直线l的距离为(
)
A.
3
2
B.
2
2
2
10
C.2
D.2
分析:选A
PA=(-2,0,-1),|PA|=
5,PA
n
2
·=-
,则点P到直线l的距离
|n|
2
为|PA
2
n
2
=
5-
1
=
3
2
.
|-
PA·
2
2
|n|
3.如下图,已知正方体ABCD-A1B1C1D1
的棱长为
1,则AB
·
=(
)
1
C1B
A.-2
B.2
C.-1
D.1
分析:选C
AB·
=AB·
=(
2)2cos
AB1
,D
A=2cos(180°-60°)=
1
C1B
1
D1A
1
2cos120=°2×-1=-1.应选C.
2
4.如图,在三棱柱
ABC-A1B1C1中,侧棱
AA1⊥底面ABC,底面
ABC是等腰直角三角形,∠ACB=90°,侧棱AA1=2,D,E分别是CC1
与A1B的中点,点E在平面ABD上的射影是△ABD的重心G.则A1B
与平面ABD所成角的正弦值为(
)
2
7
A.3
B.3
3
3
C.2
D.7
分析:选A以C为坐标原点,CA所在的直线为x轴,CB所在的
直线为y轴,CC1所在的直线为z轴成立空间直角坐标系,如下图.
设CA=CB=a,则A(a,0,0),B(0,a,0),A1(a,0,2),D(0,0,1),∴
aa
a
a
1
,GE=
a
a
2
,BD=(0,-a,1).
E2,2,1
,G
3,
3,
3
6,
6,
3
∵点E在平面ABD上的射影是△ABD的重心G,
∴GE⊥平面ABD,∴GE·BD=0,解得a=2.
∴GE=
1,1,2
,BA1=(2,-2,2),
333
∵GE⊥平面ABD,
∴GE为平面ABD的一个法向量.
GEBA1
4
·
2,
又cos
GE,BA1=
=
=
|GE||BA1|
6
3
3
3×2
∴A1B与平面ABD所成角的正弦值为
2.
3
5.如图,已知矩形
ABCD与矩形ABEF全等,二面角
D-AB-E为直
3
AB
二面角,M为AB的中点,FM与BD所成的角为θ,且cosθ=9
,则BC
=( )
A.1
B.2
2
1
C.2
D.2
分析:选
C成立如下图空间直角坐标系,设
AB=1,BC=λ,则
1
F(λ,0,0),M
0,2,0
,B(0,1,0),D(0,0
,λ).
FM=-λ,1,0,BD=(0,-1,λ).
2
∴cosθ=
|FM·BD|=
-1
=
3,
2
|FM||·BD|
2
1
2
9
λ+
4·λ+1
解得λ=
2,所以AB=2.
BC
2
6.如图,在三棱柱ABC-A1B1C1中,底面ABC为正三角形,且侧棱AA1
⊥底面ABC,且底面边长与侧棱长都等于
2,O,O1分别为AC,A1C1的中点,
则平面AB1O1与平面BC1O间的距离为(
)
3
5
2
5
A.5
B.5
5
5
C.5
D.10
分析:选B如图,连结OO1,依据题意,OO1⊥底面ABC,则以O为原
点,分别以OB,OC,OO1所在的直线为
x,y,z轴成立空间直角坐标系.
∵AO1∥OC1,OB∥O1B1,AO1∩O1B1=O1,OC1∩OB=O,∴平面AB1O1
∥平面BC1O.∴平面AB1O1与平面BC1O间的距离即为O1到平面BC1O的距
离.∵O(0,0,0),B(
3,0,0),C1(0,1,2),O1(0,0,2),∴OB=(3,0,0),OC1=(0,1,2),OO1
=(0,0,2),设n=(x,y,z)为平面BC1O的法向量,则n·OB=0,∴x=0.又n·OC
=0,
1
|n·OO|
2
∴y+2z=0,∴可取n=(0,2,-1).点O1到平面BC1O的距离记为d,则d=
1
=
|n|
5
=25.∴平面AB
1O1与平面BC1O间的距离为
25.
5
5
7.如图,在空间直角坐标系中有直三棱柱
ABC-A1B1C1,CA=CC1
2CB,则直线BC1与直线AB1夹角的余弦值为________.
分析:不如设CB=1,则B(0,0,1),A(2,0,0),C1(0,2,0),B1(0,2,1).∴BC1=(0,2,-1),AB1=(-2,2,1).
cos
BC1,AB1
=BC1·AB1=0+4-1=5.
|BC1|·|AB1|5×35
答案:
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