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1.掌握一些简单的数列求和的方法.
2.能应用数列求和解决一些数列问题.
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[思考探究]
用裂项相消法求数列前n项和的前提是什么?
提示: 数列中的每一项均能分裂成一正一负两项,这是用
裂项相消法的前提.一般地,形如{ }({an}是等差数列)
的数列可选用此法来求.
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1.设f(n)=2+24+27 +…+23n+1(n ∈N*),则f(n) =( )
A. (8n-1) B. (8n +1-1)
C. (8n +2-1) D. (8n +3-1) 解析: f(n) = (8n +1-1).
答案: B
8
( )
B.
D.
2.数列{an}的前n项和为Sn ,若an=
等于
A.1
C.
,则S5
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解析: ∵an =
∴S5 =a1 +a2 +a3 +a4 +a5
答案: B
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3.数列{(-1)n ·n}的前2 010项的和S2 010为( )
A.-2 010 B.-1 005
C.2 010 D.1 005
解析: S2 010 =-1+2-3+4-5+…+2 008-2 009+2 010
=(2-1)+(4-3)+(6-5)+…+(2 010-2 009)
=1 005.
答案: D
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4.等比数列{an}中,已知a1 +a2 +a3=4 ,a2 +a3 +a4 =-2,
则a3 +a4 +a5 +a6 +a7 +a8 = .
解析: 由于q=
所以a3 +a4 +a5 =(a2 +a3 +a4)×( - )=1,
a6 +a7 +a8 =(a3 +a4 +a5)×( - )3 =- ,
于是a3 +a4 +a5 +a6 +a7 +a8 = .
答案:
12
解析: 1+ +…+
=(1+4+7+…+28)+( )
5.数列1, ,… 前10项的和为 .
答案:
13
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若数列an =bn ±cn ,且数列{bn} 、{cn}为等差数列或等
比数列,常采用分组转化法求数列{an}的前n项和,即先利 用等差或等比数列的前n项和公式分别求{bn}和{cn}的前n项 和,然后再求{an}的前n项和.
15
求特殊数列的和: Sn=1+(1+ )+(1+ + ).
[思路点拨]
)+…+(1+ +
+…+
16
[课堂笔记] 和式中第n项为
a =1+
n
∴Sn=2
=2
=2
=2n-2+
17
解: ∵an=n+1= ,
∴Sn =(1+2+3+…+n)+(
的前n项和.
,… ,n+
求1+
,2+
,4+
,3+
+ …
18
2.根式在分母上时可考虑利用分母有理化,因式相消求和.
1.一般情况下,若{an}是等差数列,则
19
3.常见的裂项技巧有:
20
[特别警示] 利用裂项相消求和方法时,抵消后并不一定只
剩下第一项和最后一项,也有可能前面剩两项,后面也剩 两项,再就是将通项公式裂项后,有时候需要调整前面的 系数,才能使裂开的两项差与原通项公式相等.
21
在等差数列{an}中, a5=5 ,S3=6.
(1)若Tn为数列{ }的前n项和,求Tn;
(2)若an+1≥λTn对任意的正整数n都成立,求实数λ的最
大值.
22
[思路点拨]
23
[课堂笔记] (1)设等差数列{an}的首项为a1 ,公差为d,则
解得: a1=1 ,d=1,
所以an =n,
24
又 =n+ +2≥4,当且仅当n = ,即n=1时取
等号.任意n =N* ,不等式成立,故λ≤4,
(2)若an+1≥λTn ,即n+1≥λ ∴λ≤
∴λ的最大值为4.
25
1.一般地,如果数列{an}是等差数列, {bn}是等比数列,求数
列{an · bn}的前n项和时,可采用错位相减法.
2.用乘公比错位相减法求和时,应注意
(1)要善于识别题目类型,特别是等比
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