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课 题 :分类加法计数原理和分步乘法计数原理 ( 二)
年 级 :高二
上 / 下册 :选修2-3 教材P6-P12
版 本 :人教版
主讲教师 :黄xx
工作单位 :广东广雅中学
学习目标:
进一步理解和运用分类加法计数原理和分步乘法计数原理 解决实际问题,如排数问题、涂色问题、分配问题等。
一 复习回顾
一 排数问题
二 涂色问题
三 分配问题
例1 用0,1,2,3,4五个数字,
(1)可以排出多少个三位数字的密码?
(2)可以排成多少个三位数?
(3)可以排成多少个能被2整除的无重复数字的三位数?
(4)可以排成多少个比2000大的无重复数字的4位偶数?
有5种排法,共有5×5×5=125(种).
(2)三位数的首位不能为0,但可以有重复数字,首先考虑首位的排法,
除0外共有4种方法,第二、三位可以排0,因此,共有4×5×5=100(种).
解: (1)三位数字的密码,首位可以是0,数字也可以重复,每个位置都
第一位
第二位
第三位
百位
十位
个位
分析: (1)
分析: (2)
(3)被2整除的数即偶数,末位数字可取0,2,4,因此,可以分两类, 一类是末位数字是0,则有4×3×1=12种排法;
一类是末位数字不是0,则末位有2种排法,即2或4,再排首位,因0不能 在首位,所以有3种排法,十位有3种排法,因此有3×3×2=18种排法.
因而有12+18=30种排法,即可以排成30个能被2整除的无重复数字的三 位数.
百位
十位
个位
例1 用0,1,2,3,4五个数字, (3)可以排成多少个能被2整除的无重复数字的三位数?
分析: (3)
(4)法一:直接法 按个位是0,2或4分为两类
第一类:个位是0的有3×3×2×1=18(个);
第二类:个位是2或4的有
2×3×2×2=24(个);
则比2000大的4位偶数有18+24=42(个).
法二:间接法:
用0,1,2,3,4可以组成的无重复数字的四位偶数分两类: 第一类:个位是0的有4×3×2×1=24(个);
第二类:个位是2或4的有2×3×3×2=36(个).共有24+36=60(个).
其中比2000小的有:千位是1的共有1×3×3×2=18(个), 所以符合条件的四位偶数共有60-18=42(个).
千位
百位
十位
个位
例1 用0,1,2,3,4五个数字, (4)可以排成多少个比2000大的无重复数字的4位偶数?
小结:
排数问题的计数要注意:
1 是否允许数字重复;
2 优先考虑有限制条件的位置--末位或首位;
3 可直接法也可间接法。
1号区域
2号区域
3号区域
4号区域
解:法1:从区域入手,分两类:
若2,3号区域同色,则有4步,共5×4×1 ×4=80种;
若2,3号区域不同色,则有4步,共5×4×3×3=180种; 所以一共有80+180=260种不同的涂色方案。
例2 用5种不同的颜色给图中的四个区域涂色,每个区域涂一种颜色, 若要求相邻(有公共边)的区域不同色,那么共有多少种不同的涂色
方法?
分析:从区域入手,分四步:
1
2
3
4
解:法2:从颜色入手,分三类:
第一类:2种颜色,分4步,共5×1 ×4×1=20种; 小结:涂色问题可
第二类:3种颜色,分4步,共5×1×4×3×2=120种;从区域或颜色角度
第三类:4种颜色,分4步,共5×4×3×2=120种。 入手分析。 所以一共有10+120+120=260种不同的涂色方案。
2种颜色
3种颜色
4种颜色
例2 用5种不同的颜色给图中的四个区域涂色,每个区域涂一种颜色, 若要求相邻(有公共边)的区域不同色,那么共有多少种不同的涂色
方法?
分析:从颜色种数入手,分三类:
1
2
3
4
例3 某班3名同学准备报名参加校运会的100米、200米、跳高、 跳远四项比赛,每人必须报一项且每项至多报1人,则报名的 不同方法有多少种?
分析:法1:从人入手,分三步:
没有人报名的项目
第二个项目
第三个项目
第四个项目
第一个人
第二个人
第三个人
不同方法有4×3×2=24种
分析:法2:从项目入手,分四步:
不同方法有4×3×2×1=24 种
变式1 某班3名同学准备报名参加校运会的100米、200米、跳高、
跳远四项比赛,每人必须报一项,则报名的不同方法有多少种?
分析:从人入手,分三步:
第一个人 第二个人 第三个人
不同方法有4×4×4=64种
变式2 某班3名同学准备报名参加校运会的100米、200米、跳高、
跳远四项比赛,每个项目必须1人参加,则报名的不同方法有多少种?
分析:从项目入
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