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2012年现代控制理论考试一试卷
一、(10分,每题1分)试判断以下结论的正确性,若结论是正确的,(√)1.由一个状态空间模型能够确立唯一一个传达函数。
(√)2.若系统的传达函数不存在零极点抵消,则其随意的一个实现均为最小实现。
(×)3.对一个给定的状态空间模型,若它是状态能控的,则也必定是输出能控的。
(√)4.对线性定常系统xAx,其Lyapunov意义下的渐近稳固性和矩阵A的特点值都拥有负实部是一致的。
(√)5.一个不稳固的系统,若其状态完整能控,则必定能够经过状态反应使其稳固。
(×)6.对一个系统,只好选用一组状态变量;
(√)7.系统的状态能控性和能观性是系统的结构特征,与系统的输入和输出没关;
(×)8.若传达函数G(s)C(sIA)1B存在零极相消,则对应的状态空间
模型描绘的系统是不可以控且不可以观的;
(×)9.若一个系统的某个均衡点是李雅普诺夫意义下稳固的,则该系统在随意均衡状态处都是稳固的;
(×)10.状态反应不改变系统的能控性和能观性。
二、已知以下图电路,以电源电压u(t)为输入量,求以电感中的电流和电容中的电压作为状态变量的状态方程,和以电阻R2上的电压为输出量的输出方程。(10分)
解:(1)由电路原理得:
二.(10分)图为R-L-C电路,设u为控制量,电感L上的支路电流和电容C上的电压x2为状态变量,电容C上的电压x2为输出量,试求:网络的状态方程和输出方程,并绘制状态变量图。
解:此电路没有纯电容回路,也没有纯电感电路,因有两个储能元件,故有
独立变量。
以电感L上的电流和电容两头的电压为状态变量,即令:iLx1,ucx2,
由基尔霍夫电压定律可得电压方程为:
??
从上述两式可解出x1,x2,即可获得状态空间表达式以下:
y1
0
1
x1
0
R1R2
R1
R2u
y2
=
R1R2
R1R2
x2
+R1
R2
三、(每题10分共40分)基础题
(1)试求y3y2yuu的一个对角规范型的最小实现。(10分)
Y(s)
s3
1
(s1)(s2
s1)
s2
s
1
1
1
1
4
分
U(s)
s3
3s2
(s
1)(s2
s2)
s2
s
2
s2
s1
不如令
X1(s)
1
,X2(s)
s
12分
U(s)
s2
U(s)
1
于是有
Y(s)
1
X1(s)
X2(s)
,所以Y(s)
U(s)
X1(s)
X2(s),即有
又U(s)
U(s)
U(s)
yux1x22分
最后的对角规范型实现为
则系统的一个最小实现为:
2
0
1
x
u,y11x+u2分
x
0
1
1
2
0
1
1
u,y12
x
2
2
3
10
0
2
1
u
1
3
2
2
y
1
2x2
3
10
et
0
t
e2t
0
.....3
t
x(t)tx(0)
0
tBu()dτ
.....3
et
0
1tet
0
1
2t
0
2t
dτ
0
e
1
1
0
e
...2
et
t
et
dτ
e
2t
0
2t
e
......1
et
1
et
1
=
e2t
11e2t
=11e2t
..1
2
2
(4)已知系统
x
1
1
1
10分)
0
x
u试将其化为能控标准型。(
0
1
解:uc
1
2
1
0
1
...2
1
0
,uc1
1
2
2
p101uc
1
0
1
1
1
011
..1
1
2
2
2
2
p2p1A
1
1
2
2
1
00
1
2
...1
1
1
1
1
P
2
2
,P
1
...2
分
1
1
1
1
2
2
0
1
x
0
...4分
能控标准型为
x
1
u
0
1
四、设系统为
试对系统进行能控性及能观察性分解,并求系统的传达函数。(
10分)
解:
能控性分解:
能观察性分解:
传达函数为g(s)
4
5
20LLL(2分)
s
3
s
3
五、试用李雅普诺夫第二法,判断系统
?
0
1
x
1
x的稳固性。(10分)
1
方法一:
?
解:
x1
x2
原点xe=0是系统的独一均衡状态。选用标准二次型函数为李雅普诺夫
函数,即
?
?
?
当x1
0,x2
0时,v(x)0;当x1
0,x2
0时,v(x)
0,所以v(x)为
负半定。依据判断,可知该系统在李雅普诺夫意义下是稳固的。
另选一个李雅普诺夫函数,比如:
为正定,而
为负定的,且当x,有V(x)。即该系统在原点处是大范围渐进稳
定。
方法二:
解:或设Pp11p12
p21p22
则由ATPPA
0
1
p11
p12
p11
p12
01
10
I得
1
p12
p22
p12
p22
11
01
1
可知P是正定的。所以系统在原点处是大范围渐近稳固的
六、(20分)线性定常系统的传函为
Y(s)
s4
U(s)
(s2)(s
1)
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