最新汽车理论-余志生-课后习题答案详解(全).docx

精品文档 精品文档 精品文档 精品文档 第一章 1.1、 试说明轮胎滚动阻力的定义、产生机理和作用形式 ? 答：1）定义 ：汽车在水平道路上等速行驶时受到的道路在行驶方向上的分力称为滚动阻力。 2） 产生机理 ：由于轮胎内部摩擦产生弹性轮胎在硬支撑路面上行驶时加载变形曲线和卸载变形曲线不重合会有能量 损失，即弹性物质的迟滞损失。这种迟滞损失表现为一种阻力偶。 当车轮不滚动时， 地面对车轮的法向反作用力的分布是前后对称的； 当车轮滚动时， 由于弹性迟滞现象，处于压缩 过程的前部点的地面法向反作用力就会大于处于压缩过程的后部点的地面法向反作用力，这样，地面法向反作用力的 分布前后不对称，而使他们的合力 Fa 相对于法线前移一个距离 a, 它随弹性迟滞损失的增大而变大。即滚动时有 滚动 阻力偶矩 Tf Fza 阻碍车轮滚动。 3） 作用形式： 滚动阻力 Ffw 3） 作用形式： 滚动阻力 F fw F f Tf r f 为滚动阻力系数） 1.2、滚动阻力系数与哪些因素有关？ 提示： 滚动阻力系数与路面种类、行驶车速以及轮胎的构造、材料、气压等有关。 1.3、确定一轻型货车的动力性能（货车可装用 4 档或 5 档变速器，任选其中的一种进行整车性能计算） ： 1）绘制汽车驱动力与行驶阻力平衡图。 2）求汽车的最高车速、最大爬坡度及克服该坡度时相应的附着率。 3）绘制汽车行驶加速倒数曲线，用图解积分法求汽车有Ⅱ档起步加速行驶至 70km/h 的车速－时间曲线，或者用计算机 求汽车用Ⅱ档起步加速至 轻型货车的有关数据： 70km/h 的加速时间。 汽油发动机使用外特性的 Tq — n 曲线的拟合公式为 Tq 19.13 259.27( n ) 165.44( n )2 40.874( n )3 3.8445( n ) 4 1000 1000 1000 1000 式中, Tq 为发功机转矩 （N·m）；n 为发动机转速 （r ／min） 发动机的最低转速 装载质量 整车整备质量 总质量 车轮半径 传动系机械效率 波动阻力系数 nmin=600r/min ，最高转速 nmax=4000 r ／ min 2000kg 1800kg 3880 kg 0.367 m ηт＝ 0.85 f ＝ 0.013 2 空气阻力系数×迎风面积 CDA ＝2.77 m 主减速器传动比 i0＝5.83 飞轮转功惯量 2 If ＝ 0.218kg· m 二前轮转动惯量 2 Iw1 ＝1.798kg· m 四后轮转功惯量 2 Iw2＝3.598kg · m 变速器传动比 ig （数据如下表 ）  轴距 L ＝3.2m 质心至前铀距离 （满载 ） 质心高 （满载 ） α＝1.947m hg＝ 0.9m 解答： 1）（取四档为例） 由 Ft Tq Tq n Ft u Ft Tq19.130.3772165.4340.87 Tq 19.13 0.377 2 165.4 3 40.87 igio 行驶阻力为 F f Fw： Ff F w Gf CD A Ua2 w 21.15 a 494.312 0.131U a2 由计算机作图有 ※本题也可采用描点法做图： 由发动机转速在 nmin 600r/ min ， nmax 4000r /min ，取六个点分别代入公式： 2）⑴最高车速： 有 Ft Ff Fw Ft 494.312 0.131U 2 a 分别代入 Ua和 Ft公式： Tq * 6.9 * 5.83* 0.85 0.367 494.312 0.131( 0.377 * 0.3697n 5.83* 6.09 ) 2 把 Tq 的拟和公式也代入可得： n4000 而 nmax 4000 r/min U max 0.377* 0.367* 4000 1.0* 5.83 94.93 Km/h ⑵最大爬坡度： 精品文档 精品文档 精品文档 挂Ⅰ档时速度慢， Fw 可忽略： Fi Ftmax (Ff Fw ) Gi Ft max Gf imax Ft max 14400 0.013 =0.366 3880* 9.8 3）克服该坡度时相应的附着率 Fx Fz 忽略空气阻力和滚动阻力得： Fi il 0.366 * 3.2 Fz a/l 1.947 0.6 3）① 绘制汽车行驶加速倒数曲线（已装货） ： 40.0626 dt du g(D f ) Ft Fw 为动力因素） Ⅱ时， Iw 2 mr 22 I f i g i0 T 2 r 1 1.798 3.598 0.218 * 3.092 *5.832*0.85 3800 0.3672 3800 0.3672 1.128 Tqigio T Tq 19.13 259.27( n ) 1000 165.44( n )2 40.874(