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专题突破1 带电粒子在复合场中的运动
带电粒子在组合场中的运动
“磁偏转”和“电偏转”的比较
电偏转
磁偏转
偏转条件
带电粒子以v⊥E进入匀强电场(不计重力)
带电粒子以v⊥B进入匀强磁场(不计重力)
受力情况
只受恒定的电场力F=Eq
只受大小恒定的洛伦兹力F=qvB
运动情况
类平抛运动
匀速圆周运动
运动轨迹
抛物线
圆弧
求解方法
利用类平抛运动的规律x=v0t,y=eq \f(1,2)at2,a=eq \f(qE,m),tan θ=eq \f(at,v0)
牛顿第二定律、向心力公式r=eq \f(mv,qB),T=eq \f(2πm,qB),t=eq \f(θT,2π)
【例1】 (2018·江苏单科,15)如图11所示,真空中四个相同的矩形匀强磁场区域,高为4d,宽为d,中间两个磁场区域间隔为2d,中轴线与磁场区域两侧相交于O、O′点,各区域磁感应强度大小相等。某粒子质量为m、电荷量+q,从O沿轴线射入磁场。当入射速度为v0时,粒子从O上方eq \f(d,2)处射出磁场。取
sin 53°=0.8,cos 53°=0.6。
图11
(1)求磁感应强度大小B;
(2)入射速度为5v0时,求粒子从O运动到O′的时间t;
(3)入射速度仍为5v0,通过沿轴线OO′平移中间两个磁场(磁场不重叠),可使粒子从O运动到O′ 的时间增加Δt,求Δt的最大值。
解析 (1)粒子圆周运动的半径r0=eq \f(mv0,qB),
由题意知r0=eq \f(d,4),解得B=eq \f(4mv0,qd)
(2)设粒子在矩形磁场中的偏转角为α,如图甲所示,
甲
由d=rsin α,得sin α=eq \f(4,5),即α=53°
在一个矩形磁场中的运动时间t1=eq \f(α,360°)eq \f(2πm,qB),
解得t1=eq \f(53πd,720v0)
直线运动的时间t2=eq \f(2d,v),解得t2=eq \f(2d,5v0)
则t=4t1+t2=eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(53π+72,180)))eq \f(d,v0)
(3)将中间两磁场分别向中央移动距离x,如图乙所示,
乙
粒子向上的偏移量y=2r(1-cos α)+xtan α
由y≤2d,解得x≤eq \f(3,4)d
则当xm=eq \f(3,4)d时,Δt有最大值
粒子直线运动路程的最大值sm=eq \f(2xm,cos α)+(2d-2xm)=3d
增加路程的最大值Δsm=sm-2d=d
增加时间的最大值Δtm=eq \f(Δsm,v)=eq \f(d,5v0)
答案 (1)eq \f(4mv0,qd) (2)eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(53π+72,180)))eq \f(d,v0) (3)eq \f(d,5v0)
带电粒子在叠加场中的运动
1.磁场力、重力并存
(1)若重力和洛伦兹力平衡,则带电体做匀速直线运动。
(2)若重力和洛伦兹力不平衡,则带电体将做复杂的曲线运动,因洛伦兹力不做功,故机械能守恒。
2.电场力、磁场力并存(不计重力)
(1)若电场力和洛伦兹力平衡,则带电体做匀速直线运动。
(2)若电场力和洛伦兹力不平衡,则带电体做复杂的曲线运动,可用动能定理求解。
3.电场力、磁场力、重力并存
(1)若三力平衡,带电体做匀速直线运动。
(2)若重力与电场力平衡,带电体做匀速圆周运动。
(3)若合力不为零,带电体可能做复杂的曲线运动,可用能量守恒定律或动能定理求解。
【例2】 (2018·江苏苏州市高三第一次模拟)如图2所示,在竖直平面内建立平面直角坐标系xOy,y轴正方向竖直向上。在第一、第四象限内存在沿x轴负方向的匀强电场,其大小E1=eq \f(\r(3)mg,3q);在第二、第三象限内存在着沿y轴正方向的匀强电场和垂直于xOy平面向外的匀强磁场,电场强度大小E2=eq \f(mg,q),磁感应强度大小为B。现将一质量为m、电荷量为q的带正电小球从x轴上距坐标原点为d的P点由静止释放。
图2
(1)求小球从P点开始运动后,第一次经过y轴时速度的大小;
(2)求小球从P点开始运动后,第二次经过y轴时的坐标;
(3)若小球第二次经过y轴后,第一、第四象限内的电场强度变为E1′=eq \f(\r(3)mg,q),求小球第三次经过y轴时的坐标。
解析 (1)设小球在第一、四象限中的加速度为a,
由牛顿第二定律eq \r((mg)2+(qE1)2)=ma,
得a=eq \f(2\r(3),3)g。
设加速度的方向与qE1方向成α角
tan α=eq \f(mg,qE1)=eq \r(3),α=60°
粒子第一次到达y轴上的A点,由几何关系
eq \o(OA,
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