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(第十一节同余问题
第三章
第十一节 同余问题
093数教 黄欢 01号
在整数除法运算中,被除数与除数可能是整除关系,也可能不是整除关系。而许多问题,只需要知道余数。由此形成了专门研究余数的问题,即同余问题。
一、带余除法的定义
如果a,b是两个整数,b0,那么一定有而且只有两个整数q,r使
a=bq+r,(0≤rb).
我们称r为a除以b的余数,q为a除以b的不完全商。
整数集合是可按余数分类。一个整数被正整数b除时,余数只有0,1,2,…,b-1这b种情况。我们把被b除同时都余r (0≤r<b)的一类数,叫做b的剩余类。因此,数b的剩余类共有b个。这样整数就被分成b类。
比如,一个整数被2除时的余数只能是0和1,所以整数可分为两类,即余数为0的偶数,记为2k,余数为1的奇数,记为2k+1,其中k为任意整数。
一个整数被3除时的余数只能是0和1,2,所以整数可分为三类,即被3整除的一类,记为3k,被3除余1的一类,记为3k+1,被3除余2的一类,记为3k+2,其中k取任意整数。
二、同余的概念
两个整数a与b除以整数m(m0),如果余数相同,则称a与b关于模m同余。并用下面的同余式表示
a≡b(mod m).
a≡b(mod m) ?a=b+km,(k∈N) ?m|(a-b).
同余的概念和记号都是德国数学家高斯在他的名著《算术研究》(1801年)中引进的,是研究数论的重要工具。
三、同余的性质
1.(反身性)a≡a(mod m);
2.(对称性) 如果a≡b(mod m);那么b≡a(mod m);
3.(传递性)如果a≡b(mod m),b≡c(mod m),那么a≡c(mod m);
4.如果a≡b(mod m),c≡d(mod m),那么a±b≡c±d(mod m);
5.a+b≡c(mod m)当且仅当a≡c-b(mod m);
6.如果a≡b(mod m),c≡d(mod m),那么ac≡bd(mod m),an≡bn(mod m),(n为正整数),ak≡bk(mod m) (k为正整数)。
例1 从自然数1,2,3,…,1000中,最多可取出多少个数使得所取出的数中任意三个数之和能被18整除?
【解】设a,b,c,d是所取出的数中的任意4个数,依题意任意三个数之和能被18整除,则a+b+c,a+b+d也能被18整除。
设a+b+c=18q1,a+b+d=18q2(q1,q2∈N)相减得c-d=18(q1-q2),所以18|(c-d),所以c≡d(mod m).
由于c,d的任意性,说明所取的每一个数除以18所得的余数均想同。设
a=18a1+r,b=18b1+r,c=18c1+r,
其中a1,b1,c1∈N,0≤r<18,
a+b+c=18(a1+b1+c1)+3r.
因为18|(a+b+c),所以18|(3r),即6|r,所以r=0,6,12.
因此,需要从1,2,3,…,1000这1000个数中把被18整除的数和被18除余6,余12的数全部取出来。因为
1000÷18=55……10
所以,最多取出55+1=56个符合要求的数,它们分别是6,24,42,…,996.
如果取被18整除的数或被18除余12的数,则只能取出55个.
例2 证明任意平方数除以8的余数为0,1,或4.(这是平方数的重要特征)
【证明】对整数分类讨论:
(1)若n=2k+1,k∈N,则n2=(2k+1)2=4k2+4k(k+1)+1.因为k(k+1)为偶数,所以8|4k(k+1),所以n2≡1(mod 8).
(2)若n=2k,k∈N,则n2=4k2.
①当k=2t,t∈N时,n2=4k2=4(2t)2=16t2≡0(mod 8)
②当k=2t+1,t∈N时,n2=4k2=4(2t+1)2=4(4t2+4t+1) =16(t2+t)+4≡4(mod 8).所以
n2≡0(mod 8),或n2≡1(mod 8),或n2≡4(mod 8)。
例3(1)求32003除以13的余数;(2)今天是星期四,再过4737天是星期几?(3)求4735+5281×27924的末尾数字。
【解】(1)∵ 33=27≡1(mod 13),
∴32003=33×667+2=(33)667×32≡1667×32≡9(mod 13),
所以32003除以13余9.
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